高考物理大二轮复习考前基础回扣练4牛顿运动定律及其应用.doc
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1、1回扣练回扣练 4 4:牛顿运动定律及其应用:牛顿运动定律及其应用1如图所示,光滑的水平面上有一小车,以向右的加速度a做匀加速运动,车内两物体A、B质量之比为 21,A、B间用弹簧相连并放在光滑桌面上,B通过质量不计的轻绳与车相连,剪断轻绳的瞬间,A、B的加速度大小分别为( )Aa、0 Ba、aCa、2a D0、2a解析:选 C.令物体B的质量为m,剪断轻绳前,弹簧弹力大小为F,绳子拉力大小为T,将A、B及弹簧看作整体,则有T3ma;隔离物体A为研究对象,则有F2ma.剪断轻绳后,绳中拉力消失,弹簧弹力不变,所以物体A受力不变,加速度大小仍为a,而物体B所受合力为FmaB,即aB2a.2光滑水
2、平地面上有两个叠放在一起的斜面体A、B,两斜面体形状大小完全相同,质量分别为M、m.如图甲、乙所示,对上面或下面的斜面体施加水平方向的恒力F1、F2均可使两斜面体相对静止地做匀加速直线运动,已知两斜面体间的摩擦力为零,则F1与F2之比为( )AMm BmMCm(Mm) DM(Mm)解析:选 A.F1作用于A时,设A和B之间的弹力为N,对A有:Ncos Mg,对B有:Nsin ma,对A和B组成的整体有:F1(Mm)agtan ;F2作用于A时,(Mm)M m对B有:mgtan ma,对A和B组成的整体有:F2(Mm)a(Mm)gtan , .F1 F2M m3在倾角为 30的光滑斜面上,有一个
3、箱子,箱内有一个斜面,在斜面上放置一个重 60 N 的球,如图所示,当箱子在斜面上下滑时,球对箱子后壁和箱内斜面的压力分别是( )A40 N,30 N B30 N,50 NC40 N,50 N D50 N,60 N33332解析:选 C.对箱子和球整体分析,根据牛顿第二定律,有: (Mm)gsin 30(Mm)a解得:agsin 305 m/s2再隔离球受力分析,如图所示:在平行斜面方向,有:mgsin 30N1N2sin 53ma在垂直斜面方向,有:mgcos 30N2cos 530联立解得:N140 N、N250 N33根据牛顿第三定律,球对箱子后壁的压力为 40 N,对箱内斜面的压力为
4、50 N,33故 C 项正确4如图所示,足够长的木板B放置在水平地面上,大小可忽略的铁块A静止放在木板B的最左端从t0 时刻起对A施加一个水平向右的力F,且力F的大小随时间t成正比增加,已知铁块A的加速度aA随时间t变化的图象如图乙所示,则木板B的加速度大小aB随时间t的aBt图象是下列图中的( )解析:选 C.F的大小与时间t成正比,由图乙看出前 2 s 铁块的加速度为零,这说明水平地面不光滑,t6 s 前后铁块的加速度aA随时间t变化的图线斜率不同,这说明26 s 内A、B以共同的加速度运动,t6 s 后,A与B发生相对滑动,木板B的加速度不再变化5如图甲所示,一水平传送带沿顺时针方向旋转
5、,在传送带左端A处轻放一可视为质3点的小物块,小物块从A端到B端的速度时间变化规律如图乙所示,t6 s 时恰好到B点,则( )A物块与传送带之间动摩擦因数为0.1BAB间距离为 24 m,小物块在传送带上留下的痕迹是 8 mC若物块质量m1 kg,物块对传送带做的功为 8 JD若物块速度刚好到 4 m/s 时,传送带速度立刻变为零,物块不能到达B端解析:选 A.由图乙可知,物块先加速后匀速,且由图乙可知,加速过程的加速度为a m/s21 m/s2,根据牛顿第二定律可知:a g,由以上两式解得:4 4F mmg m0.1,故 A 正确;AB间距离即为物块在 6 s 内发生的位移,即图乙的面积:S
6、4 m16 m,故 B 错误;物块对传送带只在加速过程中做功,根据公式26 2Wfs,其中fmg0.1110 N1 N,s44 m16 m,代入公式中可解得W16 J,故 C 错误;物块速度刚好到 4 m/s 时,传送带速度立刻变为零,物块由于惯性向前做匀减速直线运动,减速的加速度为ag1 m/s2,物块从开始到速度为 4 m/s 时发生的位移为x m8 m,所以物块减速到零发生的位移为 m8 4 4 2v2 2a42 2 1m,所以物块刚好到达B端,故 D 错误6如图甲所示,在某部电梯的顶部安装一个能够显示拉力大小的传感器,传感器下方挂上一轻质弹簧,弹簧下端挂一质量为m的小球若该电梯在竖直方
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