山东省青岛市青岛二中2014-2015学年高二物理上学期期中试卷 文（含解析）.doc

2014-2015学年山东省青岛二中高二（上）期中物理试卷（文科）一、单项选择题（共20小题，每小题3分，共60分在每小题给出的四个选项中，只有一个选项正确，请将答案用2B铅笔填涂在答题卡对应题号位置上）1（3分）（2014秋乳源县校级期末）关于点电荷，下列说法正确的是（）A点电荷一定带正电B点电荷是实际带电体的理想化模型C点电荷一定带负电D只有带电量很小的带电体才能看作点电荷考点：元电荷、点电荷版权所有专题：电场力与电势的性质专题分析：点电荷和质点类似，都是一种理想化的模型，当带电体的体积和电荷量对电场的分布没有影响或者是影响可以忽略时，带电体就可以看成是点电荷解答：解：当带电体的体积和电荷量对电场的分布没有影响或者是影响可以忽略时，带电体就可以看成是点电荷，与电荷的种类无关，点电荷和质点类似，都是一种理想化的模型，所以B正确，ACD错误故选B点评：本题是基础的题目，考查的就是学生对基本内容的掌握的情况，在平时要注意多积累2（3分）（2014秋崂山区校级期中）关于元电荷的理解，下列说法正确的是（）A元电荷就是电子B元电荷是表示跟电子所带电量数值相等的电量C元电荷就是质子D物体所带的电量可以不是元电荷的整数倍考点：元电荷、点电荷版权所有专题：电场力与电势的性质专题分析：元电荷又称“基本电量”，在各种带电微粒中，电子电荷量的大小是最小的，人们把最小电荷叫做元电荷，常用符号e表示，任何带电体所带电荷都等于元电荷或者是元电荷的整数倍解答：解：A、元电荷是指最小的电荷量，元电荷不是代表电子或质子，电子和质子的电荷量等于元电荷，故AC错误；B、任何带电体所带电荷都等于元电荷或者是元电荷的整数倍，故B正确，D错误；故选：B点评：本题就是对元电荷概念的考查，知道元电荷的概念即可解决本题3（3分）（2013秋荔湾区校级期末）关于库仑定律，下列说法正确的是（）A库仑定律适用于点电荷，点电荷其实就是体积很小的球体B根据公式当两个点电荷距离趋于0时，电场力将趋于无穷大C若点电荷Q1的电荷量大于Q2的电荷量，则Q1对Q2的电场力大于Q2对Q1电场力D库仑定律的适用范围是真空中两个静止的点电荷间的相互作用考点：库仑定律版权所有专题：电场力与电势的性质专题分析：库仑定律适用于真空中两个静止的两点电荷之间的作用力当带电体的形状、大小及电荷的分布状况对它们之间的作用力影响可以忽略时，可以看成点电荷解答：解：A、当带电体的形状、大小及电荷的分布状况对它们之间的作用力影响可以忽略时，可以看成点电荷不是体积小就能看成点电荷故A错误 B、当两个点电荷距离趋于0时，两电荷不能看成点电荷，此时库仑定律的公式不再适用故B错误 C、两电荷之间的相互作用力大小相等，与点电荷电量的大小无关故C错误 D、仑定律适用于真空中两点电荷之间的作用力故D正确故选D点评：解决本题的关键掌握库仑定律的适用范围，以及能看成点电荷的条件，当带电体的形状、大小及电荷的分布状况对它们之间的作用力影响可以忽略时，可以看成点电荷4（3分）（2014秋乳源县校级期末）两个等量点电荷P、Q在真空中产生电场的电场线（方向未标出）如图所示下列说法中正确的是（）AP、Q是两个等量正电荷BP、Q是两个等量负电荷CP、Q是两个等量异种电荷DP、Q产生的是匀强电场考点：电场线；电场强度；电场的叠加版权所有专题：电场力与电势的性质专题分析：电场线是从正电荷或者无穷远出发出，到负电荷或无穷远处为止，电场线密的地方电场的强度大，电场线疏的地方电场的强度小解答：解：根据电场线的特点，从正电荷出发到负电荷终止可以判断，P、Q是两个等量异种电荷，所以AB错误，C正确匀强电场的电场线应该是平行的直线，所以D错误故选C点评：加强基础知识的学习，掌握住电场线的特点，即可解决本题5（3分）（2014秋崂山区校级期中）如图所示，带箭头的直线是某一电场中的一条电场线，在这条线上有A、B两点，用EA、EB表示A、B两处的场强，则（）A电场线就是带电粒子在电场中的运动轨迹B因为A、B在一条电场线上，且电场线是直线，所以EA=EBC电场线从A指向B，所以EAEBD不知A、B附近电场线的分布情况，EA、EB的大小不能确定考点：电场强度；电场线版权所有专题：电场力与电势的性质专题分析：由于A、B两点所在的电场线是直线，A、B两点电场强度方向相同电场线的大小由电场线的疏密表示，一条电场线无法判断疏密，就无法确定A、B两处场强的大小解答：解：A、电场线不一定与带电粒子的轨迹重合，只有电场线是直线，带电粒子的初速度为零或初速度方向与电场线方向在同一条直线上时电场线才与带电粒子的轨迹重合，故A错误BD、A、B在一条电场线上，无法判断电场线的疏密，也就无法判断A、B两点电场强度的大小故B错误，D正确C、由题，A、B两点所在的电场线是直线，A、B两点电场强度方向必定相同，场强大小不能确定，故C错误故选：D点评：记住电场线的特点即可顺利解出此题，故要在理解的基础上牢记基本概念6（3分）（2014秋崂山区校级期中）如图所示，当带正电的球C移近不带电的枕形金属导体时，枕形导体上的电荷移动的情况是（）A枕形金属导体上的正电荷向B端移动，负电荷不移动B枕形金属导体上的带负电的电子向A端移动，正电荷不移动C枕形金属导体上的正、负电荷同时分别向B端和A端移动D枕形金属导体上的正、负电荷同时分别向A端和B端移动考点：静电场中的导体版权所有专题：电场力与电势的性质专题分析：带正电荷的球C移近不带电的枕形金属导体时，发生了静电感应现象，金属导电的实质是自由电子的移动，正电荷不移动；电荷间的相互作用，同号电荷相互排斥，异种电荷相互吸引解答：解：金属导电的实质是自由电子的移动，即负电荷在外电场的作用下枕形金属导体自由电子向A移动，正电荷不移动故B正确，ACD错误故选：B点评：考查了静电感应时，电荷的移动；重点是金属导电的实质是自由电子的移动，正电荷不移动7（3分）（2014秋崂山区校级期中）电容器储存电荷的本领用电容来表示，其大小跟（）A电容器所带电荷有关，所带的电荷越多，电容就越大B电容器两极板的正对面积有关，正对面积越大，电容越大C电容器两极板的距离有关，距离越大，电容越大D电容器两极板间的电压有关，电压越高，电容就越大考点：电容器版权所有专题：电容器专题分析：电容器的大小由电容器本身因素决定，根据电容的决定式确定电容与什么因素有关解答：解：根据电容的决定式得，C=，知电容器电容与极板间的距离，正对面积，电介质有关A、电容是由电容器本身的性质决定的，和极板间的电量无关，故A错误；B、由公式可知，正对面积越大，则电容越大；故B正确；C、由公式可知，电容与极板间的距离成反比，距离越大，则电容越小；故C错误；D、电容器的电容由电容器本身决定，和极板上的电量及两极板间的电压无关；故D错误；故选：B点评：对于电容器的定义式和决定式要区别对待，明确电容与电量及电压无关；只与极板间的距离，正对面积，电介质有关8（3分）（2014秋崂山区校级期中）下列属于利用静电现象的是（）A油罐车底下挂一条铁链B喷漆时让从喷嘴喷出的油漆带上电C飞机的轮胎用导电橡胶制作D在油库或加油站工作的人员不得穿腈纶衣服考点：* 静电的利用和防止版权所有专题：电场力与电势的性质专题分析：本题考查是关于静电的防止与应用，从各种实例的原理出发就可以判断出答案解答：解：A利用运油车尾部的铁链将油与油筒摩擦产生的静电导，防止静电积累到一定程度引起爆炸，这是静电的防止，不符合题意；故A错误；B喷枪喷出的油漆微粒带正电，因相互排斥而散开，形成雾状，被喷涂的物体带负电，对雾状油漆产生引力，把油漆吸到表面，属于静电应用，故B正确；C飞机在飞行的过程中产生大量的静电，飞机的轮胎用导电橡胶制作，可以及时将静电导走，属于静电的防止故C错误D穿腈纶衣服容易产生静电，在油库或加油站工作的人员不得穿腈纶衣服，是静电的防止，故D错误；故选：B点评：本题考查是关于静电的防止与应用，要求同学们熟练掌握静电的防止与应用的具体实例9（3分）（2014陆丰市校级学业考试）如图所示，在水平直导线正下方，放一个可以自由转动的小磁针现给直导线通以向右的恒定电流，不计其他磁场的影响，则下列说法正确的是（）A小磁针保持不动B小磁针的N极将向下转动C小磁针的N极将垂直于纸面向里转动D小磁针的N极将垂直于纸面向外转动考点：电流的磁场对磁针的作用；磁现象和磁场版权所有分析：小磁针能体现出磁场的存在，且小磁针静止时N极的指向为磁场的方向，即为磁感应强度的方向也可为磁感线在该点的切线方向而电流周围的磁场由右手螺旋定则来确定磁场方向解答：解：当通入如图所示的电流时，根据右手螺旋定则可得小磁针的位置的磁场方向是垂直纸面向里，由于小磁针静止时N极的指向为磁场的方向，所以小磁针的N极将垂直于纸面向里转动故选：C点评：右手螺旋定则也叫安培定则，让大拇指所指向为电流的方向，则四指环绕的方向为磁场方向当导线是环形时，则四指向为电流的方向10（3分）（2012惠阳区校级学业考试）磁通量可以形象地理解为“穿过磁场中某一面积的磁感线条数”在如图所示磁场中，s1、s2、s3 为三个面积相同的相互平行的线圈，穿过s1、s2、s3的磁通量分别为1、2、3且都不为0下列判断正确的是（）A1最大B2最大C3最大D1、2、3相等考点：磁通量版权所有分析：磁通量的大小可根据穿过线圈磁感线的条数来定性判断，也可根据公式=BS来判断解答：解：从图中可看出，穿过线圈S1的磁感线条数最多，所以磁通量最大故B、C、D错误，A正确故选A点评：解决本题的关键掌握判断磁通量大小的方法，一是根据穿过线圈磁感线的条数来定性判断，二是根据公式=BS来判断11（3分）（2014秋雁峰区校级期末）如图所示，在范围足够大的匀强磁场中有一闭合线圈，线圈平面与磁场方向垂直，线圈在磁场内运动在下列运动中，线圈的磁通量发生变化的是（）A向上平移B向右平移C沿磁场方向平移D绕ab轴旋转考点：感应电流的产生条件；磁通量版权所有分析：因为该磁场是匀强磁场，判断磁通量的变化，根据公式=BS，看有效面积S的变化解答：解：根据公式=BS，B不变，线框沿纸面向上、向右运动，只要不出磁场，有效面积S不变，所以磁通量不变，线框垂直纸面沿磁场方向平移，S也不变，所以磁通量也不变线框绕ad边转动时，有效面积S在减小，磁通量变小故A、B、C错误，D正确故选：D点评：解决本题的关键知道磁通量与什么因素有关判断磁通量的变化，在B不变时，根据公式=BS，看有效面积S的变化12（3分）（2014秋崂山区校级期中）关于电源和电动势正确的说法是（）A所有电源的电动势都是相同的B蓄电池是将电能转化为化学能C电动势就是电压D干电池的电动势为1.5V考点：电源的电动势和内阻版权所有专题：恒定电流专题分析：电动势是描述电源将其他形式的能转化为电能本领大小的物理量，本题的电源的电动势可能不同；电动势与电压是两个不同的概念；干电池的电动势为1.5V解答：解：A、电动势是描述电源将其他形式的能转化为电能本领大小的物理量，本题的电源的电动势可能不同故A错误；B、蓄电池是将化学转化为电能故B错误；C、电动势与电压是两个不同的概念故C错误；D、干电池的电动势为1.5V故D正确故选：D点评：本题考查对于电源的电动势的理解能力，电动势是表征电源把其他形式的能转化为电能本领大小，与外电路无关13（3分）（2014陆丰市校级学业考试）如图所示，一通电直导线与匀强磁场方向垂直，导线所受安培力的方向是（）A向上B向下C垂直纸面向里D垂直纸面向外考点：安培力版权所有分析：正确应用左手定则是解答本题的关键，在应用时为防止手忙脚乱，可以先让四指和电流方向一致，然后通过旋转手让磁感线穿过手心，从而进一步确定大拇指的指向即安培力方向解答：解：A、根据左手定则，让磁感线穿过手心，即手心向上，四指指向电流方向，即指向右侧，大拇指垂直于纸面指向里，故安培力方向垂直纸面向里，故ABD错误，C正确故选：C点评：要熟练应用左手定则判断安培力方向一定平时多加练习，同时注意磁场、电流方向的表示方法14（3分）（2014秋崂山区校级期中）电路中每分钟有6.0×1013个自由电子通过横截面积为0.6×106m2的导线，那么电路中的电流是（）A0.046AB1.6×107AC0.16AD1.6×1012A考点：电流、电压概念版权所有专题：恒定电流专题分析：由电流的定义I=可求得电路中的电流解答：解：由I=得：I=；故选：B点评：本题考查电流的定义，在学习中要注意准确把握物理概念和规律，注意排除干扰15（3分）（2014秋崂山区校级期中）如图，在研究电流热效应的实验中，为了比较在相同时间、相同电流的情况下发热量与电阻的关系，则（）A实验时A、B两条电阻丝的电阻取相同值B实验时A、B两条电阻丝应并联C温度计温度升高多的产生热量多D最后得出产生热量跟电阻成反比考点：焦耳定律版权所有专题：恒定电流专题分析：由焦耳定律可知，电流的发热量与电流的平方、电阻及时间成正比；在研究电流的热效应时，要注意控制变量解答：解：本题要研究的时相同时间、相同电流下的电热量与电阻的关系，故应将两电阻串联使电流相同；为了研究与电阻的关系，两条电阻丝应取不同值；煤油升高的温度与吸收的热量有关；故温度计温度升高多的产生的热量多；最后产生的热量跟电阻成正比；故C正确，ABD错误；故选：C点评：电热与电阻、电流及时间均有关系，要注意采用控制变量法进行研究16（3分）（2012汕尾校级模拟）一根通电直导线在某个空间没有受到安培力的作用，那么（）A这个空间一定没有磁场B这个空间可能有方向与电流方向平行的磁场C这个空间可能有方向与电流方向垂直的磁场D以上三种说法都不对考点：安培力；左手定则版权所有分析：当导线的方向与磁场的方向平行，所受安培力为0若没有磁场，则安培力也为0解答：解：一根通电直导线在某个空间没有受到安培力的作用，则可能空间无磁场，或可能磁场的方向与电流的方向平行故B正确，A、C、D错误 故选B点评：解决本题的关键知道当磁场的方向与电流的方向平行时，所受安培力为017（3分）（2012秋运城期末）关于产生感应电流的条件，下述说法正确的是（）A位于磁场中的闭合线圈，一定能产生感应电流B闭合线圈和磁场发生相对运动，一定能产生感应电流C闭合线圈作切割磁感线运动，一定能产生感应电流D穿过闭合线圈的磁感线条数发生变化，一定能产生感应电流考点：感应电流的产生条件版权所有专题：电磁感应与电路结合分析：当闭合线圈在磁场中的磁通量发生变化时，才产生感应电流，明确了产生感应电流的条件，即可正确解答本题解答：解：A、线圈位于磁场中，如果磁通量不发生变化，则不一定有感应电流产生，故A错误；B、线圈中是否有感应电流产生与线圈是否运动无关，要看其磁通量是否变化，故B错误；C、回路中部分导体切割磁感线时，有感应电流产生，整个闭合线圈切割磁感线运动，其磁通量不发生变化，因此无感应电流产生，故C错误；D、穿过闭合线圈的磁感线条数发生变化，即磁通量发生变化，一定有感应电流产生，故D正确故选：D点评：本题考查感应电流的产生条件，应明确满足两个条件：一是电路闭合，二是磁通量发生变化18（3分）（2014秋荔湾区校级期末）关于法拉第电磁感应定律，下面说法正确的是（）A线圈中的磁通量变化越大，产生的感应电动势就越大B线圈中的磁通量变化越快，产生的感应电动势就越大C线圈中的磁通量越大，产生的感应电动势就越大D线圈放在磁场越强的地方，产生的感应电动势就越大考点：法拉第电磁感应定律版权所有专题：电磁感应与电路结合分析：对法拉第电磁感应定律的理解E=n，注意区分磁通量、磁通量的变化和磁通量的变化率解答：解：根据法拉第电磁感应定律E=n，得感应电动势的大小跟磁通量的变化率成正比A、磁通量变化越大，则不知磁通量的变化时间，故不一定越大，故A错误；B、磁通量变化的快慢用，表示，磁通量变化得快，则比值就大，根据法拉第电磁感应定律有产生的感应电动势就越大，故B正确；C、磁通量越大，是大，但及，则不一定大，故C错误；D、虽然磁感应强度越强的磁场中，可能没有磁通量的变化，则感应电动势可能为零，故D错误故选：B点评：磁通量=BS，磁通量的变化=21，磁通量的变化率是磁通量的变化和所用时间的比值，法拉第电磁感应定律告诉我们感应电动势的大小跟磁通量的变化率成正比正确理解磁通量、磁通量的变化和磁通量的变化率是解决本题的关键19（3分）（2012茂名一模）如图所示，绕在铁芯上的线圈、电源、滑动变阻器和电键组成闭合回路在铁芯的右端套有一个表面绝缘的铜环A，下列各种情况中铜环A中没有感应电流的是（）A线圈中通以恒定的电流B通电时，使变阻器的滑片P作匀速滑动C通电时，使变阻器的滑片P作加速滑动D将电键突然断开的瞬间考点：感应电流的产生条件版权所有分析：感应电流产生的条件是穿过闭合电路的磁通量发生变化根据这个条件分析判断有没有感应电流产生解答：解：A、线圈中通以恒定的电流时，线圈产生稳恒的磁场，穿过铜环A的磁通量不变，没有感应电流产生故A正确B、通电时，使变阻器的滑片P作匀速滑动时，变阻器接入电路的电阻减小，回路中电流增大，线圈产生的磁场增强，穿过铜环A磁通量增大，产生感应电流不符合题意故B错误C、通电时，使变阻器的滑片P作加速滑动时，变阻器接入电路的电阻变化，回路中电流变化，线圈产生的磁场变化，穿过铜环A磁通量变化，产生感应电流不符合题意故C错误D、将电键突然断开的瞬间，线圈产生的磁场从有到无消失，穿过穿过铜环A的磁通量减小，产生感应电流，不符合题意故D错误故选A点评：产生感应电流的条件细分有两个：一是电路要闭合；二是磁通量要发生变化基础题20（3分）（2014秋怀化期末）关于安培力和洛伦兹力，说法中正确的是（）A带电粒子在磁场中运动时，一定受到洛伦兹力作用B放置在磁场中的通电导线，一定受到安培力作用C因洛伦兹力总垂直于电荷运动方向，故洛伦兹力对运动电荷一定不做功D因安培力垂直通电导线，故安培力对通电导线一定不做功考点：安培力；洛仑兹力版权所有专题：应用题分析：根据安培力公式F=BILsin与洛伦兹力公式f=qvBsin及做功的条件分析答题解答：解：A、当带电粒子运动方向与磁场反向在同一直线上时，带电粒子不受洛伦兹力，故A错误；B、当电流方向与磁场方向平行时，通电导线不受安培力作用，故B错误；C、洛伦兹力总垂直于电荷运动方向，在洛伦兹力方向上，粒子位移为零，因此洛伦兹力对运动电荷不做功，故C正确；D、安培力与通电导线垂直，只要通电导线在安培力方向上有位移，则安培力对通电导线做功，故D错误；故选C点评：本题难度不大是一道基础题，知道洛伦兹力与安培力公式、知道力做功的必要条件即可正确解题二、多项选择题（共8小题，每小题4分，共32分在每小题给出的四个选项中，有的小题只有一个选项正确，有的小题有多个选项正确全部选对的得4分，选不全的得2分，有选错或不答的得0分）21（4分）（2014秋崂山区校级期中）下列说法中不正确的是（）A静电感应不是创造电荷，只是电荷从物体的一部分转移到另一部分B摩擦起电时，一个物体失去一些电子而带正电，另一个物体得到电子而带负电C摩擦和感应都能使电子转移，只不过前者使电子从一个物体转移到另一个物体，而后者则使电子从物体的一部分转移到另一部分D一个带电体接触一个不带电的物体，两个物体可能带上异种电荷考点：电荷守恒定律版权所有专题：电场力与电势的性质专题分析：由于不同物质的原子核对核外电子的束缚本领不同造成的，在摩擦的过程中束缚本领强的得电子带负电，束缚本领弱的失电子带正电感应起电的实质是电荷可以从物体的一部分转移到另一个部分接触起电带的电荷时同种电荷，若两物体完全相同，则会平分电荷解答：解：A、静电感应不是创造电荷，只是电荷从物体的一部分转移到另一部分，故A正确；B、摩擦起电时，一个物体失去一些电子而带正电，另一个物体得到电子而带负电，故B正确；C、摩擦和感应都能使电子转移，只不过前者使电子从一个物体转移到另一个物体，而后者则使电子从物体的一部分转移到另一部分，故C正确；D、一个带电体接触一个不带电的物体，两个物体带上同种电荷，故D错误；本题选错误的，故选：D点评：摩擦起电和感应起电的实质都电子发生了转移，只是感应起电是电子从物体的一部分转移到另一个部分摩擦起电是电子从一个物体转移到另一个物体22（4分）（2014象山县校级模拟）关于电场力和电场强度，以下说法正确的是（）A一点电荷分别处于电场中的A、B两点，电荷受到的电场力大则场强大B在电场某点如果没有检验电荷，则电场力为零，电场强度也为零C电场中某点场强为零，则检验电荷在该点受到的电场力为零D一检验电荷在以一个点电荷为球心，半径为r的球面上各点所受电场力相同考点：电场强度；点电荷的场强版权所有分析：电场强度取决于电场本身，与有无试探电荷无关；场强公式E=，只是为研究电场的方便，采用比值法下的定义；再根据点电荷的场强公式E=知：电场强度只由场源电荷电量和位置决定，且检验电荷在以一个点电荷为球心，半径为r的球面上各点场强大小相同，但方向不同解答：解：A、电场强度取决于电场本身，与有无试探电荷无关，场强公式E=，只是为研究电场的方便，采用比值法下的定义；据场强的定义式E=知，点电荷分别处于电场中的A、B两点，电荷受到的电场力大则场强大，故A正确B、电场强度取决于电场本身，与有无试探电荷无关，场强公式E=，只是为研究电场的方便，采用比值法下的定义，所以在电场某点如果没有检验电荷，该点的场强不变，故B错误C、据场强的定义式E=知，电场中某点场强为零，则检验电荷在该点受到的电场力为零，故C正确D、根据点电荷的场强公式E=知：电场强度只由场源电荷电量和位置决定，且检验电荷在以一个点电荷为球心，半径为r的球面上各点场强大小相同，但方向不同，所以半径为r的球面上各点所受电场力不相同，故D错误故选：AC点评：明确电场强度是矢量，取决于电场本身，与有无试探电荷无关；场强公式E=，只是为研究电场的方便，采用比值法下的定义；根据点电荷的场强公式E=知：电场强度只由场源电荷电量和位置决定23（4分）（2014秋崂山区校级期中）计算用电量时，常用的单位是“度”对此，下列说法中正确的是（）A1度等于3.6×103kwhB1度等于3.6×106JC“度”是电功率的单位D“度”是电能的单位考点：力学单位制版权所有分析：用电量是用电功的多少来衡量，度是实际生活所用的电功的单位，根据电功的公式W=Pt推导度与焦耳的关系解答：解：A、1千瓦时俗称1度，即1度=1kwh故A错误B、由电功公式W=Pt得，当功率P=1×103W，t=1h=3600s时，W=Pt=1×103×3600J=3.6×106J即1度=3.6×106J故B正确C、D、度是电能的单位，不是电功率的单位故C错误，D正确故选：BD点评：本题考查对日常生活中物理量单位的了解程度，抓住1度俗称是1千瓦时，根据公式进行单位的换算24（4分）（2014秋崂山区校级期中）下列电容器的说法正确的是（）A电容器由两个彼此绝缘的正对极板构成B电容器只能储存同种电荷C照相机闪光灯应用电容器放电发出强光D电容器既能充电，也能放电考点：电容版权所有专题：电容器专题分析：电容器由彼此绝缘的两个导体构成，充电后两个极板分别带上相反电荷，照相机闪光灯应用电容器放电发出强光解答：解：A、任何两个彼此绝缘互相靠近的导体都构成电容器故A正确B、电容器充电时，两个极板上带上等量的异种电荷故B错误C、照相机闪光灯应用电容器放电发出强光，故C正确D、电容的基本工作机理，就是充电和放电，故D正确故选：ACD点评：解决本题的关键掌握电容器的构造、工作原理以及生活中的实际应用等，注意加强积累25（4分）（2012秋海珠区校级期末）如图所示是测试热敏电阻R的实验电路图，滑动变阻器调节到某一定值，实验中观察到当温度升高时灯更亮对实验现象分析正确的有（）A电路中电流减小了B电路中电流增大了C温度升高，热敏电阻的阻值增大D温度升高，热敏电阻的阻值减小考点：闭合电路的欧姆定律版权所有专题：恒定电流专题分析：电路图中四个元件是串联关系，灯泡变亮，功率变大，得到电流变大，根据闭合电路欧姆定律得到热敏电阻的电阻变化情况解答：解：A、B、电路图中四个元件是串联关系，灯泡变亮，功率变大，根据PL=I2RL得到电流变大，故A错误，B正确；C、D、电路的总电流变大，根据闭合电路欧姆定律可得总电阻变小，故热敏电阻的阻值减小了，故C错误，D正确；故选：BD点评：本题关键根据闭合电路欧姆定律和电功率表达式进行分析，基础题26（4分）（2014秋崂山区校级期中）有一只小型直流电动机和一只白炽灯，它们的铭牌上都标有“220V 40W”的字样，现将它们并联接在电源电压为220V直流电路中，当电路接通后（）A在相同的时间内发出的热量相同B在相同的时间内消耗的电能相同C对它们来说UI=I2R都是成立的D对电动机来说UI=不成立考点：电功、电功率；焦耳定律版权所有专题：恒定电流专题分析：根据P=UI比较消耗的电能，对于电动机而言，消耗的电能转化为内能和机械能；对于白炽灯而言，消耗的电能全部转化为内能解答：解：A、根据P=UI知，消耗的电能都为40W电动机耗的电能转化为内能和机械能；白炽灯消耗的电能全部转化为内能故A错误，B正确；C、对于电动机有：UI=I2R+P机且故C错误，D正确；故选：BD点评：解决本题的关键知道输入功率与输出功率以及内部消耗的功率的关系27（4分）（2014秋崂山区校级期中）如图两个等量异种点电荷电场，AB为中垂线，且AO=BO，则（）AA、B两点场强相等B正电荷从A运动到B，动能增加C负电荷从A运动到B，动能增加D电荷在AB线上从A运动到B，电场力一定不做功考点：电势差与电场强度的关系；电场强度版权所有专题：电场力与电势的性质专题分析：一对等量异号电荷的连线的中垂线是等势面，电荷从等势面上的一点移动到另一点，电场力做功为零，结合电势差的定义和电场力做功与电势能变化的关系进行分析即可解答：解：A、一对等量异号电荷的电场强度关于两者的连线对称，故A、B两点的电场强度相同，故A正确，B、C、D、一对等量异号电荷的连线的中垂线是等势面，电荷从等势面上的A点移动到另一点B，电场力做的功一定为零，故动能不变，故B，C，错，D正确，故选：AD点评：本题关键是明确一对等量异号电荷的电场线分布图和等势面分布图，要做到胸中有图；同时要特别注意两个电荷的连线和中垂线上的电场情况28（4分）（2014秋崂山区校级期中）如图所示，带电粒子进入磁场中，图中的磁场方向B、速度v方向、洛仑兹力f方向标示不正确的是（）ABCD考点：左手定则版权所有分析：因带电粒子是带负电的，所以应用左手定则时，四指所指的方向与运动方向相反应用左手定则可判断个选项的正误解答：解：A、带负电的粒子向右运动，掌心向外，四指所指的方向向左，大拇指所指的方向是向下，选项A错误B、带负电粒子的运动方向与磁感应线平行，此时不受洛伦兹力的作用选项B错误C、带正电的粒子向右运动掌心向外，四指所指的方向向右，大拇指所指的方向是向上，选项C正确D、带负电的粒子向上运动，掌心向里，四指应向上，大拇指的方向向左，选项D错误本题选择不正确的，故选：ABD点评：在应用左手定则时，首先要判断运动的带电粒子所带的电性，若是正电，四指的方向与粒子运动方向一致，若是负电，四指所指的方向与粒子的运动方向相反此处是非常容易出错的三、计算题（共8分要求写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤，只写出最后答案的，不能得分，有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位）29（8分）（2013秋连江县期中）把一根长为L=10cm的直导线垂直磁感线方向放入如图所示的匀强磁场中试问：（1）当导线中通以I1=2A的电流时，导线受到的安培力大小为1.0×107N，该磁场的磁感应强度B的大小为多少？（2）若该导线中通以I2=3A的电流，试求此时导线所受安培力F的大小，并在图中画出安培力的方向考点：安培力；左手定则版权所有分析：根据安培力的大小公式，求出磁感应强度的大小根据电流、磁感应强度、导线长度，结合F=BIL求出安培力的大小，通过左手定则判断出安培力的方向解答：解：（1）根据F=BIL得，B=（2）当导线中的电流变化时，导线所在处的磁场不变，则F=BIL=5×107×3×0.1N=1.5×107N根据左手定则知，导线所受的安培力方向垂直导线向上答：（1）磁场的磁感应强度B的大小为5×107T（2）此时导线所受安培力F的大小为1.5×107N，方向垂直导线向上点评：解决本题的关键掌握安培力的大小公式F=BIL，以及会通过左手定则判断安培力的方向，基础题四、附加题（10分）30（10分）（2014秋肥西县校级期末）如图所示，一个挂在丝线下端带正电的小球B，静止在图示位置若固定的带正电小球A的电荷量为Q，B球的质量为m，带电荷量为q，=30°，A和B在同一条水平线上，整个装置处于真空中试求A、B两球间的距离r考点：共点力平衡的条件及其应用；力的合成与分解的运用；库仑定律版权所有专题：共点力作用下物体平衡专题；电场力与电势的性质专题分析：根据B球的状态可以求出B球的受力情况，从而求出两球之间的库仑力，再根据库仑定律求出两球之间的距离解答：解：以小球为研究对象，对小球进行受力分析，根据小球处于平衡状态可知（1）而小球所受库仑力大小为（2）联立（1）（2）解得A、B两球之间的距离为点评：对于复合场中的共点力作用下物体的平衡其解决方法和纯力学中共点力作用下物体的平衡适用完全相同的解决方法- 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