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ok,精品解析：18届,全国普通高等学校招生统一考试文科数学（新课标III卷）（解析版）绝密启用前 2018年一般高等学校招生全国统一考试 文科数学 留意事项： 1答卷前，考生务必将自己的姓名和准考证号填写在答题卡上。2回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡对应题目的答案标号涂黑。如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其它答案标号。回答非选择题时，将答案写在答题卡上。写在本试卷上无效。3考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。学科网 一、选择题：本题共12小题，每小题5分，共60分在每小题给的四个选项中，只有一项是符合题目要求的 1.已知集合，则 A. B. C. D. C 由题意先解出集合A,进而得到结果。解：由集合A得, 所以 故答案选C. 本题主要考查交集的运算，属于基础题。 2. A. B. C. D. D 由复数的乘法运算绽开即可。 解： 故选D. 本题主要考查复数的四则运算，属于基础题。 3.中国古建筑借助榫卯将木构件连接起来，构件的凸出部分叫榫头，凹进部分叫卯眼，图中木构件右边的小长方体是榫头若如图摆放的木构件与某一带卯眼的木构件咬合成长方体，则咬合时带卯眼的木构件的俯视图可以是 A. B. C. D. A 详解：由题意知，题干中所给的是榫头，是凸出的几何体，求得是卯眼的俯视图，卯眼是凹进去的，即俯视图中应有一不行见的长方形， 且俯视图应为对称图形 故俯视图为 故选A. 点睛：本题主要考查空间几何体的三视图，考查学生的空间想象实力，属于基础题。 4.若，则 A. B. C. D. B 分析：由公式可得结果. 详解： 故选B. 点睛：本题主要考查二倍角公式，属于基础题. 5.若某群体中的成员只用现金支付的概率为0.45，既用现金支付也用非现金支付的概率为0.15，则不用现金支付的概率为 A. 0.3 B. 0.4 C. 0.6 D. 0.7 B 分析：由公式计算可得 详解：设事务A为只用现金支付，事务B为只用非现金支付， 则 因为 所以， 故选B. 点睛：本题主要考查事务的基本关系和概率的计算，属于基础题。 6.函数的最小正周期为 A. B. C. D. C 分析:将函数进行化简即可 详解：由已知得 的最小正周期 故选C. 点睛：本题主要考查三角函数的化简和最小正周期公式，属于中档题 7.下列函数中，其图像与函数的图像关于直线对称的是 A. B. C. D. B 分析：确定函数过定点（1，0）关于x=1对称点，代入选项验证即可。 详解：函数过定点（1，0），（1，0）关于x=1对称的点还是（1，0），只有过此点。故选项B正确 点睛：本题主要考查函数的对称性和函数的图像，属于中档题。 8.直线分别与轴，轴交于，两点，点在圆上，则面积的取值范围是 A. B. C. D. A 分析：先求出A，B两点坐标得到再计算圆心到直线距离，得到点P到直线距离范围，由面积公式计算即可 详解：直线分别与轴，轴交于，两点 ,则 点P在圆上 圆心为（2，0），则圆心到直线距离 故点P到直线的距离的范围为 则 故答案选A. 点睛：本题主要考查直线与圆，考查了点到直线的距离公式，三角形的面积公式，属于中档题。 9.函数的图像大致为 A. B. C. D. D 分析：依据函数图象的特别点，利用函数的导数探讨函数的单调性，由解除法可得结果. 详解：函数过定点，解除， 求得函数的导数， 由得， 得或，此时函数单调递增，解除，故选D. 点睛：本题通过对多个图象的选择考查函数的图象与性质，属于中档题.这类题型也是近年高考常见的命题方向，该题型的特点是综合性较强较强、考查学问点较多，但是并不是无路可循.解答这类题型可以从多方面入手，依据函数的定义域、值域、单调性、奇偶性、特别点以刚好函数图象的改变趋势，利用解除法，将不合题意的选项一一解除. 10.已知双曲线的离心率为，则点到的渐近线的距离为 A. B. C. D. D 分析：由离心率计算出，得到渐近线方程，再由点到直线距离公式计算即可 详解： 所以双曲线的渐近线方程为 所以点（4，0）到渐近线的距离 故选D 点睛：本题考查双曲线的离心率，渐近线和点到直线距离公式，属于中档题。 11.的内角的对边分别为，若的面积为，则 A. B. C. D. C 分析：利用面积公式和余弦定理进行计算可得。 详解：由题可知 所以 由余弦定理 所以 故选C. 点睛：本题主要考查解三角形，考查了三角形的面积公式和余弦定理。 12.设是同一个半径为4的球的球面上四点，为等边三角形且其面积为，则三棱锥体积的最大值为 A B. C. D. B 分析：作图，D为MO 与球的交点，点M为三角形ABC的中心，推断出当平面时，三棱锥体积最大，然后进行计算可得。 详解：如图所示， 点M为三角形ABC的中心，E为AC中点， 当平面时，三棱锥体积最大 此时， , 点M为三角形ABC的中心 中，有 故选B. 点睛：本题主要考查三棱锥的外接球，考查了勾股定理，三角形的面积公式和三棱锥的体积公式，推断出当平面时，三棱锥体积最大很关键，由M为三角形ABC的重心，计算得到，再由勾股定理得到OM，进而得到结果，属于较难题型。 二、填空题：本题共4小题，每小题5分，共20分 13.已知向量，若，则_ 由两向量共线的坐标关系计算即可。 由题可得 ,即 故答案为 本题主要考查向量的坐标运算，以及两向量共线的坐标关系，属于基础题。 14.某公司有大量客户，且不同龄段客户对其服务的评价有较大差异为了解客户的评价，该公司打算进行抽样调查，可供选择的抽样方法有简洁随机抽样、分层抽样和系统抽样，则最合适的抽样方法是_ 分层抽样. 分析：由题可知满意分层抽样特点 详解：由于从不同龄段客户中抽取，故采纳分层抽样 故答案为：分层抽样。 点睛：本题主要考查简洁随机抽样，属于基础题。 15.若变量满意约束条件则的最大值是_ 3 作出可行域 平移直线， 由图可知目标函数在直线与的交点（2，3）处取得最大值3 故答案为3. 点睛：本题考查线性规划的简洁应用，属于基础题。 16.已知函数，则_ 发觉，计算可得结果 因为， ，且，则. 故答案为：-2 本题主要考查函数的性质，由函数解析式，计算发觉是关键，属于中档题. 三、解答题：共70分，解答应写出文字说明、证明过程或演算步骤，第1721题为必考题，每个试题考生都必需作答，第22、23题为选考题，考生依据要求作答学科网 （一）必考题：共60分 17.等比数列中， （1）求的通项公式； （2）记为的前项和若，求 （1）或 . （2）. 分析：（1）列出方程，解出q可得；（2）求出前n项和，解方程可得m。 详解：（1）设的公比为，由题设得 由已知得，解得（舍去），或 故或 （2）若，则由得，此方程没有正整数解 若，则由得，解得 综上， 点睛：本题主要考查等比数列的通项公式和前n项和公式，属于基础题。 18.某工厂为提高生产效率，开展技术创新活动，提出了完成某项生产任务的两种新的生产方式为比较两种生产方式的效率，选取40名工人，将他们随机分成两组，每组20人，第一组工人用第一种生产方式，其次组工人用其次种生产方式依据工人完成生产任务的工作时间（单位：min）绘制了如下茎叶图： （1）依据茎叶图推断哪种生产方式的效率更高？并说明理由； （2）求40名工人完成生产任务所需时间的中位数，并将完成生产任务所需时间超过和不超过的工人数填入下面的列联表： 超过 不超过 第一种生产方式 其次种生产方式 （3）依据（2）中的列联表，能否有99%的把握认为两种生产方式的效率有差异？ 附：， （1）其次种生产方式的效率更高. 理由见解析 （2）80 （3）能 分析：（1）计算两种生产方式的平均时间即可。 （2）计算出中位数，再由茎叶图数据完成列联表。（3）由公式计算出，再与6.635比较可得结果。详解：（1）其次种生产方式的效率更高. 理由如下： （i）由茎叶图可知：用第一种生产方式的工人中，有75%的工人完成生产任务所需时间至少80分钟，用其次种生产方式的工人中，有75%的工人完成生产任务所需时间至多79分钟.因此其次种生产方式的效率更高. （ii）由茎叶图可知：用第一种生产方式的工人完成生产任务所需时间的中位数为85.5分钟，用其次种生产方式的工人完成生产任务所需时间的中位数为73.5分钟.因此其次种生产方式的效率更高. （iii）由茎叶图可知：用第一种生产方式的工人完成生产任务平均所需时间高于80分钟；用其次种生产方式的工人完成生产任务平均所需时间低于80分钟，因此其次种生产方式的效率更高. （iv）由茎叶图可知：用第一种生产方式的工人完成生产任务所需时间分布在茎8上的最多，关于茎8大致呈对称分布；用其次种生产方式的工人完成生产任务所需时间分布在茎7上的最多，关于茎7大致呈对称分布，又用两种生产方式的工人完成生产任务所需时间分布的区间相同，故可以认为用其次种生产方式完成生产任务所需的时间比用第一种生产方式完成生产任务所需的时间更少，因此其次种生产方式的效率更高. 以上给出了4种理由，考生答出其中随意一种或其他合理理由均可得分. （2）由茎叶图知. 列联表如下： 超过 不超过 第一种生产方式 15 5 其次种生产方式 5 15 （3）由于，所以有99%的把握认为两种生产方式的效率有差异. 点睛：本题主要考查了茎叶图和独立性检验，考察学生的计算实力和分析问题的实力，贴近生活。 19.如图，矩形所在平面与半圆弧所在平面垂直，是上异于，的点 （1）证明：平面平面； （2）在线段上是否存在点，使得平面？说明理由 （1）证明见解析 （2）存在，理由见解析 分析：（1）先证,再证，进而完成证明。 （2）推断出P为AM中点，证明MCOP，然后进行证明即可。详解：（1）由题设知，平面CMD平面ABCD，交线为CD 因为BCCD，BC平面ABCD，所以BC平面CMD，故BCDM 因为M为上异于C，D的点，且DC为直径，所以DMCM 又BCCM=C，所以DM平面BMC 而DM平面AMD，故平面AMD平面BMC （2）当P为AM的中点时，MC平面PBD 证明如下：连结AC交BD于O因为ABCD为矩形，所以O为AC中点 连结OP，因为P为AM 中点，所以MCOP MC平面PBD，OP平面PBD，所以MC平面PBD 点睛：本题主要考查面面垂直的证明，利用线线垂直得到线面垂直，再得到面面垂直，其次问先断出P为AM中点，然后作协助线，由线线平行得到线面平行，考查学生空间想象实力，属于中档题。 20.已知斜率为的直线与椭圆交于，两点线段的中点为 （1）证明：； （2）设为的右焦点，为上一点，且证明： （1）证明见解析 （2）证明见解析 分析：（1）设而不求，利用点差法，或假设直线方程，联立方程组，由判别式和韦达定理进行证明。 （2）先求出点P的坐标，解出m，得到直线的方程，联立直线与椭圆方程由韦达定理进行求解。详解：（1）设，则， 两式相减，并由得 由题设知，于是 由题设得，故 （2）由题意得F（1，0）设，则 由（1）及题设得， 又点PC上，所以，从而， 于是 同理 所以 故 点睛：本题主要考查直线与椭圆的位置关系，第一问利用点差法，设而不求可减小计算量，其次问由已知得求出m，得到,再有两点间距离公式表示出，考查了学生的计算实力，难度较大。 21.已知函数 （1）求曲线在点处的切线方程； （2）证明：当时， （1）切线方程是（2）证明见解析 （1）求导，由导数的几何意义求出切线方程。 （2）当时，,令，只需证明即可 （1）， 因此曲线在点处的切线方程是 （2）当时， 令，则， 当时，单调递减；当时，单调递增； 所以 因此 本题考查函数与导数的综合应用，由导数的几何意义可求出切线方程，其次问构造很关键，本题有难度。 （二）选考题：共10分，请考生在第22、23题中任选一题作答。假如多做，则按所做的第一题计分 22. 在平面直角坐标系中，的参数方程为（为参数），过点且倾斜角为的直线与交于两点 （1）求的取值范围； （2）求中点的轨迹的参数方程 （1） （2）为参数， 分析：（1）由圆与直线相交，圆心到直线距离可得。 （2）联立方程，由根与系数的关系求解 详解：（1）的直角坐标方程为 当时，与交于两点 当时，记，则的方程为与交于两点当且仅当，解得或，即或 综上，的取值范围是 （2）的参数方程为为参数， 设，对应的参数分别为，则，且，满意 于是，又点的坐标满意 所以点的轨迹的参数方程是 为参数， 点睛：本题主要考查直线与圆的位置关系，圆的参数方程，考查求点的轨迹方程，属于中档题。 23. 设函数 （1）画出的图像； （2）当，求的最小值 （1）见解析 （2） 分析：（1）将函数写成分段函数，再画出在各自定义域的图像即可。 （2）结合（1）问可得a，b范围，进而得到a+b的最小值 详解：（1） 的图像如图所示 （2）由（1）知，的图像与轴交点的纵坐标为，且各部分所在直线斜率的最大值为，故当且仅当且时，在成立，因此的最小值为 点睛：本题主要考查函数图像的画法，考查由不等式求参数的范围，属于中档题。