2019年高三物理上学期期末复习备考之精准复习模拟题（B卷，基础版）.doc

12017201820172018 学年第一学期期末复习备考之高三物理专题复习之学年第一学期期末复习备考之高三物理专题复习之期末复习精准模拟试题（基础版）期末复习精准模拟试题（基础版） （B B 卷）卷）考试范围：必修一、二，选修 3-1；考试时间：90 分钟学校:_姓名：_班级：_考号：_注意事项：1答题前填写好自己的姓名、班级、考号等信息2请将答案正确填写在答题卡上评卷人得分 一、单选题（本大题共一、单选题（本大题共 8 8 小题，每小题小题，每小题 4 4 分，共分，共 3232 分）分）1如图，滑块以初速度沿表面粗糙且足够长的固定斜面，从顶端下滑，直至速度为零.对于该运动过程，若0v用h、s、v、a分别表示滑块的下降高度、位移、速度和加速度的大小，t表示时间，则下列图象最能正确描述这一运动规律的是:A. B. C. D. 2顶端装有滑轮的粗糙斜面固定在地面上， 、两物体通过细绳如图连接，并处于静止状态（不计绳的质AB量和绳与滑轮间的摩擦） 现用水平力作用于悬挂的物体上，使其缓慢拉动一小角度，发现物体仍然静FBA止则此过程中正确的选项是（ ）2A. 水平力变大FB. 物体所受斜面给的摩擦力一定变大AC. 物体所受斜面给的作用力不一定变大AD. 细绳对物体的拉力不变A3如图，电梯的顶部挂有一个弹簧测力计，其下端挂了一个重物，电梯匀速直线运动时，弹簧测力计的示数为10N，在某时刻电梯中相对电梯静止不动的人观察到弹簧测力计的示数变为 8N，g 取 10m/s2，以下说法正确的是（ ）A. 电梯可能向下加速运动，加速度大小为 2m/s2B. 电梯可能向下减速运动，加速度大小为 12m/s2C. 此时电梯对人的支持力大小等于人的重力大小D. 此时电梯对人的支持力大小小于人对电梯的压力4如图所示，在斜面顶端a处以速度va水平抛出一小球，经过时间ta恰好落在斜面底端P处；今在P点正上方与a等高的b处以速度vb水平抛出另一小球，经过时间tb恰好落在斜面的中点Q处。若不计空气阻力，下列关系式正确的( ) A. va=2vb B. 2abvvC. ta=2tb D. 2 2abtt5如图所示,a 是地球赤道上的一点,某时刻在 a 的正上方有三颗卫星 b、c、d,他们的圆轨道与赤道平面共面,3各卫星的运行方向均与地球自转方向相同(顺时针方向,图(甲)中已标出).其中 d 是地球同步卫星.从该时刻起,经过一段时间 t(在 t 时间内,b 卫星还没有运行完一周),各卫星相对 a 的位置最接近实际的是下图中的( )A. B. C. D. 6一电场线在竖直平面上的分布如图所示。电场中的 A、B 两点的电场强度分别为、，电势分别为、AEBEA。一个质量为 m、电荷量为 q 的带电小球，从电场中的 A 点运动到 B 点，A、B 两点间的高度差为 h。小球经B过 A 点时的速度大小为，运动至 B 点时的速度大小为，该过程的速度偏向角为 ，电场力做功为 W，则以1v2v下判 断中正确的是( )A. >AEBEB. 1v2vD. 22 2111 22Wmvmvmgh7如图所示是利用 DIS 测定电动机效率的电路图中方框 A、B 为传感器，实验中，通过通过 A、B 测得的物理量的数值分别是 X、Y，由于电动机的转动使质量为 m 的物体在 t 时间内匀速上升了 h 高度，则以下说法正确的是（ ）4A. A 为电流传感器B. B 为电压传感器C. 电动机的输出功率为xyD. 电动机的效率为01000mgh xty8在足够大的匀强磁场中，静止的钠的同位素发生衰变，沿与磁场垂直的方向释放出一个粒子后，变为24 11Na一个新核，新核与放出粒子在磁场中运动的轨迹均为圆，如图所示，下列说法正确的是A. 新核为24 12MgB. 轨迹 1 是新核的径迹C. 衰变过程中子数不变D. 新核沿顺时针方向旋转评卷人得分二、多项选择题（本大题共二、多项选择题（本大题共 4 4 小题，每小题小题，每小题 5 5 分，共分，共 2020 分分。在每小题给出的四个选项在每小题给出的四个选项中有多项符合题目要求。全部选对的得中有多项符合题目要求。全部选对的得 5 5 分，选对但不全的得分，选对但不全的得 3 3 分，有选错的得分，有选错的得 0 0 分。分。）9如图所示，物体从Q点开始自由下滑，通过粗糙的静止水平传送带后，落在地面P点，若传送带按顺时针方向转动。物体仍从Q点开始自由下滑，则物体通过传送带后5A. 可能落在P点 B. 一定仍落在P点C. 可能落在P点左方 D. 可能落在P点右方10如图所示，一轻绳通过无摩擦的小定滑轮 O 与质量为 mB的小球 B 连接，另一端与套在光滑竖直杆上质量为mA的小物块 A 连接，杆两端固定且足够长，物块 A 由静止从图示位置释放后，先沿杆向上运动。设某时 刻物块A 运动的速度大小为 vA，加速度大小为 aA，小球 B 运动的速度大小为 vB，轻绳与杆的夹角为。则A. VB= cosAvB. aA= cosBAm ggmC. 小球 B 减小的重力势能等于物块 A 增加的动能D. 当物块 A 上升到与滑轮等高时，它的机械能最大11如图所示，电源电动势、内阻分别为 E、r，闭合开关 S，当滑动变阻器的滑片由左端向右端滑动时，下列说法正确的是（ ） （不考虑灯丝电阻随温度的变化，电压表为理想电表）A. 小灯泡 L1变暗 B. 电压表读数变大C. 小灯泡 L2变亮 D. 电容器带电量减少12如图所示，在半径为R的圆形区域内充满磁感应强度为B的匀强磁场，MN是一竖直放置的感光板从圆形6磁场最高点P以速度v垂直磁场正对着圆心 O 射入带正电的粒子，且粒子所带电荷量为q、质量为 m,不考虑粒子重力，关于粒子的运动，以下说法正确的是( )A. 粒子在磁场中通过的弧长越长时间也越长B. 出磁场的粒子其出射方向的反向延长线也一定过圆心 0C. 只要速度满足v，入射的粒子出射后一定垂直打在MN上qBR mD. 出磁场的粒子一定能垂直打在MN上评卷人得分 三、实验题（本大题共三、实验题（本大题共 2 2 题，共题，共 1010 分，其中分，其中 1313 题题 4 4 分，分，1414 题题 6 6 分）分）13某同学为了测量木质材料与金属材料间的动摩擦因数，设计了一个实验方案：实验装置如图甲所示，金属板放在水平桌面上，且始终静止。他先用打点计时器测出木块运动的加速度，再利用牛顿第二定律计算出动摩擦因数。（1）实验时_（填“需要”或“不需要” ）使砝码和砝码盘的质量 m 远小于木块的质量M；_（填“需要”或“不需要” ）把金属板的一端适当垫高来平衡摩擦力。（2）图乙是某次实验时打点计时器所打出的纸带的一部分，纸带上计数点间的距离如图所示，则打点计时器打A 点时木块的速度为_m/s；木块运动的加速度为_。 （打点计时器所用电源的频率为2/m s50Hz，结果均保留两位小数） 。7（3）若打图乙纸带时砝码和砝码盘的总质量为 50g，木块的质量为 200g，则测得木质材料与金属材料间的动摩擦因数为_（重力加速度 g=10m/s2，结果保留两位有效数字）14利用如图（a）所示电路，可以测量金属丝的电阻率，所用的实验器材有：待测的粗细均匀的电阻丝、电流表（量程 0.6A，内阻忽略不计） 、电源（电动势 3.0V，内阻 r 未知） 、保护电阻（） 、刻度尺、开04.0R 关S、导线若干、滑片P。实验步骤如下：用螺旋测微器测得电阻丝的直径 d 如图（b）所示；闭合开关，调节滑片P的位置，分别记录每次实验中aP长度 x 及对应的电流值I；以为纵坐标，x 为横坐标，作图线（用直线拟合） ；1 I1xI求出直线的斜率 k 和在纵轴上的截距 b。回答下列问题：（1）螺旋测微器示数为 d=_mm。（2）实验得到的部分数据如表所示，其中 aP 长度 x=0.30m 时电流表的示数如图（c）所示，读出数据完成下表，答：_；_。（3）在图（d）的坐标纸上将所缺数据点补充完整并作图，根据图线求得斜率 k=_A-1m-1，截距 b=_ A-1。 （保留小数点后两位小数）（4）根据图线求得电阻丝的电阻率_ ，电源的内阻为 r=_ 。 （保留小数点后一位小数） 。m评卷人得分四、计算题（本大题共四、计算题（本大题共 4 4 题，共题，共 3838 分，分， 。其中。其中 1515 题、题、1616 题题 8 8 分，分，1717 题题 1010 分，分，1818 题题 1212分）分）15如图所示，质量m的小球套在半径为R的固定光滑圆环上，圆环的圆心为O，原长为 0.8R的轻质弹簧一端固定于O点，另一端与小球相连，弹簧与圆环在同一竖直平面内，圆环上B点在O的正下方，当小球在A处受8到沿圆环切线方向的恒力F作用时，恰好与圆环间无相互作用，且处于静止状态已知： ， 1.0mR ，弹簧处于弹性限度内， ， ，重力加速度1.0kgm o37AOBosin370.6ocos370.8g=10m/s2求：（1）该弹簧的劲度系数k；（2）撤去恒力，小球从A点沿圆环下滑到B点时的速度大小vB；（3）小球通过B点时，圆环对小球的作用力大小NB 16在水平地面上平放一质量为 M=4kg 的木板，木板左端紧靠一带有光滑圆弧轨道的木块，木块右端圆弧轨道最低点与木板等高，木块固定在水平地面上，已知圆弧轨道的半径为 R=2m，木板与地面间的动摩擦因数，圆弧轨道的最高点 B 距离木板上表面的高度为 h=0.4m现从木块的左侧距离木板上表面的高度为20.2H=2.2m 处，以 v0=8m/s 的水平速度抛出一可视为质点的质量为 m=1kg 的物块，物块从圆弧轨道的最高点 B 沿切线方向进入轨道，如图所示假设物块与木板间的动摩擦因数为， ，最大静摩擦力近似等于滑动摩擦10.8力（1）求物块刚进入圆弧轨道瞬间的速度（2）求物块刚到达圆弧轨道最低点时对轨道的压力大小（3）为了使物块始终在木板上滑动，则木板的长度应满足什么条件？17如图所示，空中相距 5cm 的两块平行金属板 A、B 与电源连接（图中未画出） ，其中 B 板接地(电势为零),A板电势变化的规律如图所示,将一个质量，电荷量为的带电粒子从紧临 B 板处无初速272.0 10kg191.6 10C度释放，不计重力，求：（1）在 t=0 时刻释放该带电粒子，释放瞬间粒子加速度的大小；9（2）若 A 板电势变化周期为，在 t=0 时将带电粒子释放，粒子到达 A 板时动量的大小；64.0 10 s（3）A 板电势变化周期多大时，在到时间内释放该带电粒子，粒子不能到达 A 板。4Tt 2Tt 18如图所示，在直角坐标系平面内，有一质量为 m、电荷量为+q 的电荷从原点 O 沿y轴正方向以速度v0xOy出发，电荷重力不计现要求该电荷能通过点 P(a，b)试设计在电荷运动的某些空间范围内加上某种“场”后电荷就能过 P 点的 2 种方案，要求运用物理知识求解(1)说明电荷由 O 到 P 的运动性质并在图中绘出电荷运动轨迹；(2)用必要的运算说明你设计的方案中相关物理量的表达式(用题设已知条件和有关常数)1B10【解析】由题意知，在下滑的过程中，根据牛顿第二定律可得： ，故加速度保持sincosmgmgma不变，物块做匀减速运动，所以 C、D 错误；根据匀变速运动的规律，可得 B 正确；下降的高度2 01 2xv tat，所以 A 错误。sinhx2A3A【解析】AB、电梯匀速直线运动时，弹簧秤的示数为 10N，知重物的重力等于 10N。弹簧测力计的示数变为 8N时，对重物有：mgF=ma，解得a=2m/s2，方向竖直向下，则电梯的加速度大小为 2m/s2，方向竖直向下。电梯可能向下做加速运动，也可能向上做减速运动。故A正确，B 错误；C、由于加速度方向竖直向下，人处于失重状态，电梯对人的支持力大小小于人的重力大小，C 错误；D、电梯对人的支持力与人对电梯的压力是作用力与反作用力，大小相等，D 错误。故选：A。4B【解析】b 球落在斜面的中点，知 a、b 两球下降的高度之比为 2：1，根据知， ，则时间之21 2hgt2htg比为，因为 a、b 两球水平位移之比为 2：1，则，故 B 正确，A、C、D 错误。2abtt2abvv点晴：ab 两处抛出的小球都做平抛运动，由平抛运动的规律水平方向上的匀速直线运动，和竖直方向上的自由落体运动，抓住水平位移和竖直位移关系进行求解。5C11【解析】万有引力提供向心力，由牛顿第二定律得： ，解得：T=2，轨道半径 r222MmGmrrT3r GM越大，周期 T 越大，则角速度越小，所以经过相同的时间，三个卫星中，b 转过的角度最大，c 次之，d 最小，d 为同步卫星，与赤道上的 a 保持相对静止故 ABD 错误，C 正确故选 C6D【解析】AB、由电场线的疏密可判断出 EAEB，由电场线的方向可判断出 AB，故 AB 错误；CD、从电场中的 A 点运动到 B 点，由动能定理得，电场力做功为22 2111 22Wmghmvmv，故 D 正确，如果电荷为负电荷，电场力做负功， ，重力做正功， 22 2111 22Wmvmvmgh0W ，大小无法确定，所以和的大小无法判断，故 C 错误；0mgh 1v2v故选 D。7D8A【解析】发生衰变时动量守恒，放出的粒子与新核的速度方向相反，由左手定则判断得知，放出的粒子应带负电，是 粒子，所以发生的是 衰变， 衰变把一个中子转化为质子，放出一个电子，中子数减小，粒子是电子，根据质量数守恒和电荷数守恒，配平核反应方程式，可知衰变方程为，故新核是24240 1112-1NaMge，A 正确 C 错误；静止的发生衰变时动量守恒，释放出的粒子与新核的动量大小相等，两个粒子在24 12Mg24 11Na匀强磁场中都做匀速圆周运动，因为新核的电荷量大于所释放出的粒子电荷量，由半径公式可知半径与mvrqB电荷量 q 成反 比，新核的电荷量 q 大，所以新核的半径小，所以轨迹 2 是新核的轨迹，B 错误；根据洛伦兹力提供向心力，由左手定则判断得知：新核要沿逆时针方向旋转，D 错误9AD12【解析】物块在传送带上，离开传送带右端的速度与通过粗糙的静止水平传送带速度相同，落在同一位位置，A正确；物块在传送带上，离开传送带右端的速度大于过粗糙的静止水平传送带速度，落在P点右方，D 正确；故选 AD。10AD11BD【解析】B、将滑动变阻器的滑片由左端向右滑动时，变阻器接入电路的电阻增大，变阻器与灯并联的电阻增1L大，外电路总电阻增大，路端电压增大，电压表的读数变大，故 B 选项正确；A、灯泡的电压增大，灯泡变亮，故选项 A 错误；1L12LUEI rR（）1LC、由闭合电路欧姆定律可知，流过电源的电流减小，灯泡变暗，故选项 C 错误；2LD、电压表读数变小由于电容器两端电压减小，由可得电容器所带电量减少，故 D 选项正确。2VQCU点睛：本题考查闭合电路欧姆定律的动态分析规律，要注意明确在简化电路时应将电容器视为断路，先摘除后再分析电路，然后明确电容器与哪部分并联，从而明确电容器电压的变化。12BC【解析】试题分析：带电粒子射入磁场后做匀速圆周运动，对着圆心入射，必将沿半径离开圆心，根据洛伦兹力充当向心力，求出时轨迹半径，确定出速度的偏向角对着圆心入射的粒子，速度越大在磁场中通qBRvm过的弧长越长，轨迹对应的圆心角越小，即可分析时间关系13根据周期公式可知粒子在磁场中的运动周期和速度无关，即所有粒子在磁场中的运动周期相同，粒子2 mTBq在，即粒子在磁场中的运动轨迹的圆心角越大，运动时间越大，对着圆心入射的2 22mmtTBqBq 粒子，速度越大在磁场中通过的弧长越长，轨迹对应的圆心角越小，即运动时间越小，A 错误；带电粒子的运动轨迹是圆弧，根据几何知识可知，对着圆心入射的粒子，其出射方向的反向延长线也一定过圆心，B 正确；速度满足时，粒子的轨迹半径为，入射点、出射点、O 点与轨迹的圆心构成菱形，射出磁场时qBRvmmvrRqB的轨迹半径与最高点的磁场半径平行，粒子的速度一定垂直打在 MN 板上，故 C 正确 D 错误13 不需要； 不需要 （2）1.58； 0.75 （3）0.16加速度为: 21.61 1.580.75m/s0.04vat(3)根据牛顿第二定律可以知道: , mgMgMm a代入数据计算得出: 0.16综上所述本题答案是：(1). 不需要； 不需要 （2）1.58； 0.75 （3）0.1614 0.400 0.38 2.63 3.00 1.77 1.1×10-61.3(1.2-1.4)14（4）根据闭合电路欧姆定律，则有： ，可得： ，联立可得： 0xEI RrR 22xxR d ，由数学知识可得： ， ，解得：=1.1×10-6m ，r=1.3。0 214RrxIEdE 24kEd 0RrbE15 （1）40N/m（2）2.0m/s（3）6.0N【解析】 （1）小球在A处由平衡知识可知：沿半径方向： ( -0.8 )=cosk RRmg得： 40/kN m（2）由A到B过程： 211 cos02BmgRmv得： 42.0/BvRm s（3）在B点： 2 0.8B Bvk RRNmgmR得： 6.0BNN16 （1） （2）32N （3）木板的长度应不小于 6.75m10/m s15（3）物块在木板上滑动时，所受的滑动摩擦力为： 110.8 1 108fmgNN 地面对木板的最大静摩擦力为： 220.2 5 1010fMmgNN （）因为，所以木板不动12ff设为了使物块始终在木板上滑动，木板的长度最小为L，则由动能定理得：2 1102Cf Lmv代入数据解得： 6.75Lm点睛：本题主要考查了动能定理及牛顿第二定律的综合应用，要注意正确选择研究对象，做好受力分析，并能正确且熟练运用相应的物理规律即可解题。17 （1）， （2）， （3）924 10/m s248 10·/kg m s52 10 s16（2）粒子在时间内从静止开始向右做匀加速运动的距离为： 02T，在后半个周期内做匀减速运动直到速度为零，22963 1114.0 102 108 100.8222Txamcm 根据对称性可知走过的距离仍为 0.8cm，故一个周期内粒子向右走的距离为 1.6cm，由此可知粒子经过三个周期向右运动的距离，此时速度为零则此时距 A 的距离为4.8cm24.854.80.2xdcm由，得2 22vax923 222 4 100.2 10/4 10/vaxm sm s 粒子到达 A 板时动量的大小273242 104 10/8 10/Pmvkg m skg m s （3）带电粒子在时间内释放时向 A 板做匀加速运动，在向 A 板做匀减速运动，速42TTtt3 24TTtt度减为零后将返回粒子向 A 板运动可能的最大位移为2 21122416mTxaaT要求粒子不能到达 A 板，则有mxd则有： 2 221125 102416mTxaaT 解得： 52 10Ts18见解析；【解析】方案（1）在第一象限加垂直纸面向外的磁场 B，磁场只存在于 x 轴上方，使电荷做半径为的半2aR 个圆运动，然后匀速直线运动到 P，由，可得需要加的匀强磁场，轨迹如图2vqvBmR2mvBqa17方案（3）粒子由 O 到 P 的轨迹如图所示粒子在电场中做圆周运动，半径为 R2由几何关系知（a-R2）2+b2=R22解得， 2222abRa由牛顿第二定律得2 0 2 22vkQqmRR由此得222 0 2mvabQakq18