高考物理一轮选练习题（2）（含解析）新人教版.doc

1 / 7【2019【2019 最新最新】精选高考物理一轮选练习题（精选高考物理一轮选练习题（2 2） （含解析）（含解析）新人教版新人教版李仕才一、选择题1、一质点做速度逐渐增大的匀加速直线运动，在时间间隔 t 内位移为 x，动能变为原来的 4 倍。该质点的加速度为( )A. B. C. D.【答案】C 【解析】动能变为原来的 4 倍，则物体的速度变为原来的 2 倍，即v2v0，由 x(v0v)t 和 a得 a，故 C 对。【链接】假设地球可视为质量均匀分布的球体。已知地球表面重力加速度在两极的大小为 g0，在赤道的大小为 g；地球自转的周期为T，引力常量为 G。地球的密度为( )A. B. C. D.【答案】B【解析】在两极时有mg0，得地球质量 M；在赤道时有mg0mgmR，得地球半径 R，所以地球密度 ·，选项 B 正2 / 7确。2、(2017·湖北黄石二模)将一横截面为扇形的物体 B 放在水平面上，一小滑块 A 放在物体 B 上，如图所示，除了物体 B 与水平面间的摩擦力之外，其余接触面的摩擦力均可忽略不计，已知物体 B 的质量为M、滑块 A 的质量为 m，当整个装置静止时，滑块 A 与物体 B 接触的一面与竖直挡板之间的夹角为 .已知重力加速度为 g，则下列选项正确的是( )A物体 B 对水平面的压力大小为 MgB物体 B 受水平面的摩擦力大小为 mgtan C滑块 A 与竖直挡板之间的弹力大小为mg tan D滑块 A 对物体 B 的压力大小为mg cos 解析：选 C.以滑块 A 为研究对象进行受力分析，并运用合成法，如图所示，由几何知识得，挡板对滑块 A 的弹力大小为 N1，C 正确；物体 B对滑块 A 的弹力大小为 N2，根据牛顿第三定律，滑块 A 对物体 B的压力大小为，D 错误；以滑块 A 和物体 B 组成的系统为研究对象，在竖直方向上受力平衡，则水平面对物体 B 的支持力 N(Mm)g，故水平面所受压力大小为(Mm)g，A 错误；A 和 B 组成的系统在水平方向上受力平衡，则水平面对物体 B 的摩擦力大小为 fN1，B错误3、 （2018 宁夏育才中学月考）一质量 m=0.10kg 的小钢球以大小为的速度水平抛出，下落 h=5.0m 时撞击一钢板，撞后速度恰好反向，且速度大小不变。已知小钢球与钢板的作用时间极短，取，则（ 3 / 7）010/vm s210/gm sA. 钢板与水平面的夹角060B. 小钢球从水平抛出到刚要撞击钢板的过程中重力的冲量大小为1 ·N sC. 小钢球撞击钢板的过程中其动理的变化量的大小为10 2·/kg m sD. 钢板对小钢球的冲量大小为2 2 ·N s【答案】BD正方向，小钢球刚要撞击钢板时小钢球速度的大小为，动量；撞后小钢球的速度，动量，小钢球的动量变化，由动量定理可知，钢板对小钢球的冲量大小，选项 C 错误，D 正确；故选 BD。10210 2/vvm s112·/pmvkg m s 210 2/vm s222·/pmvkg m s212 2·/pppkg m s 2 2 ·IpN s 4、如图所示，光滑绝缘的水平面上 M、N 两点各放有一带电荷量分别为q 和2q 的完全相同的金属球 A 和 B，给 A 和 B 以大小相等的初动能 E0(此时初动量的大小均为 p0)，使其相向运动刚好能发生碰撞(碰撞过程中无机械能损失)，碰后返回 M、N 两点的动能分别为E1 和 E2，动量的大小分别为 p1 和 p2，则( )4 / 7AE1E2>E0，p1p2>p0BE1E2E0，p1p2p0C碰撞发生在 MN 中点的左侧D两球同时返回 M、N 两点【答案】AD5、如图所示，在倾角为 的光滑斜面上，相距均为 d 的三条水平虚线 l1、l2、l3，它们之间的区域、分别存在垂直斜面向下和垂直斜面向上的匀强磁场，磁感应强度大小均为 B，一个质量为 m、边长为 d、总电阻为 R 的正方形导线框，从 l1 上方一定高处由静止开始沿斜面下滑，当 ab 边刚越过 l1 进入磁场时，恰好以速度 v1做匀速直线运动；当 ab 边在越过 l2 运动到 l3 之前的某个时刻，线框又开始以速度 v2 做匀速直线运动，重力加速度为 g在线框从释放到穿出磁场的过程中，下列说法正确的是（ ）A线框中感应电流的方向不变B线框 ab 边从 l1 运动到 l2 所用时间大于从 l2 运动到 l3 所用时间C线框以速度 v2 匀速直线运动时，发热功率为22 2 22sin4m g R B dD线框从 ab 边进入磁场到速度变为 v2 的过程中，减少的机械能E 机与线框产生的焦耳热 Q 电的关系式是22 1211 22EmvmvQ电机【答案】C5 / 7，C 正确；线框从 ab 边进入磁场到速度变为22 2 222sin =sin4m g RPmgvB dv2 的过程中，机械能的变化等于除重力外其他力做的功，即减少的机械能等于克服安培力的做的功，也等于线框中产生的焦耳热，所以有 E 机= Q 电，D 错误。6、下列说法中正确的是( )A气体如果失去了容器的约束就会散开，这是因为气体分子无规则运动的缘故B液体表面具有收缩的趋势，这是液体表面层分子的分布比内部稀疏的缘故C黄金、白银等金属容易加工成各种形状，没有固定的外形，所以金属不是晶体D某温度的空气的相对湿度是此时空气中水蒸气的压强与同温度下水的饱和汽压之比的百分数E松香在熔化过程中温度不变，分子平均动能不变【答案】ABD二、非选择题要测绘一个标有“3 V 0.6 W”小灯泡的伏安特性曲线，要求灯泡两端的电压需要由零逐渐增加到 3 V，并便于操作.已选用的器材有：6 / 7直流电源(电压为 4 V)；电流表(量程为 00.6 A，内阻约 0.5 )；电压表(量程为 03 V，内阻约 3 k)；开关一个、导线若干.(1)实验中所用的滑动变阻器应选下列中的_(填字母代号).A.滑动变阻器(最大阻值 10 ，额定电流 1 A)B.滑动变阻器(最大阻值 1 k，额定电流 0.3 A)(2)图甲为某同学在实验过程中完成的部分电路连接的情况，请你帮他完成其余部分的线路连接.(用笔画线表示对应的导线)(3)实验得到小灯泡的伏安特性曲线如图乙所示.由曲线可知小灯泡的电阻随电压增大而_(填“增大” “不变”或“减小”).(4)如果某次实验测得小灯泡两端所加电压如图丙所示，请结合图线算出此时小灯泡的电阻是_ .(保留两位有效数字) (5)根据实验得到的小灯泡的伏安特性曲线，下列分析正确的是_.A.测得的小灯泡正常发光的功率偏小，主要是由于电压表内阻引起B.测得的小灯泡正常发光的功率偏小，主要是由于电流表内阻引起C.测得的小灯泡正常发光的功率偏大，主要是由于电压表内阻引起D.测得的小灯泡正常发光的功率偏大，主要是由于电流表内阻引起【答案】 （1）A（2）（3）增大（4）12（5）C7 / 7（3）由曲线可知，随电压增大通过灯泡的电流增大，电压与电流的比值增大，灯泡电阻增大.（4）电压表量程为 3 V，由图丙电压表可知，其分度值为 0.1 V，示数为 2.30 V，由图乙可知，2.30 V 对应的电流为 0.20 A，此时灯泡电阻为：R12 .U IU I（5）电流表采用外接法，由于电压表的分流作用，所测电流 I 偏大，测得的小灯泡正常发光的功率 PUI 偏大，故选 C.