高考生物一轮自导练（15）（含解析）新人教版.doc

1 / 9【2019【2019 最新最新】精选高考生物一轮自导练（精选高考生物一轮自导练（1515） （含解析）新（含解析）新人教版人教版李仕才一、选择题1、在适宜反应条件下，用白光照射离体的新鲜叶绿体一段时间后，突然改用光照强度与白光相同的红光或绿光照射。下列是光源与瞬间发生变化的物质，组合正确的是( )A红光，ATP 下降B红光，未被还原的 C3 上升C绿光，H下降D绿光，C5 上升C C 叶绿体中的色素主要吸收红光和蓝紫光，而对绿光吸收最少，叶绿体中的色素主要吸收红光和蓝紫光，而对绿光吸收最少，因此当突然改用光照强度与白光相同的红光照射时，光反应增强，因此当突然改用光照强度与白光相同的红光照射时，光反应增强，ATPATP、HH、C5C5 含量上升，含量上升，ADPADP、C3C3 含量减少；当突然改用光照强度含量减少；当突然改用光照强度与白光相同的绿光照射时，光反应减弱，与白光相同的绿光照射时，光反应减弱，ATPATP、HH、C5C5 含量减少，含量减少，ADPADP、C3C3 含量增多。含量增多。 2、如图表示人体内某种消化酶在体外最适温度条件下，反应物浓度对酶催化反应速率的影响，据图分析，下列说法正确的是( )。A如果在 A 点时，温度再提高 5 ，则反应速率上升B在其他条件不变的情况下，在 B 点时，往反应物中加入少量同样的酶，反应速率不变C在 A 点时，限制反应速率的因素是反应物的浓度2 / 9D在 C 点时，限制反应速率的因素是反应物的浓度和酶的浓度解析 在 A 点时，随着反应物浓度的增加，反应速率也增加，表明限制反应速率的因素是反应物的浓度。答案 C3、有如图所示的一个食物网(能量传递效率按 10%计算)，则下列叙述中正确的是( )。A该食物网中初级消费者是昆虫，次级消费者是鸟B昆虫属于第一营养级，鸟属于第二营养级C若绿色植物固定的太阳能总量为 M，昆虫获得的总能量为 m1，鸟获得的总能量为 m2，则 M>m1m2D在鸟类的食物构成中，若动物性食物占，植物性食物占，则鸟类增加能量 A 时，生产者需提供能量为 55A解析 能量流动具有单向流动、逐级递减的特点，因此绿色植物固定的太阳能总量 M 一定比昆虫获得的总能量 m1 和鸟获得的总能量m2 大。答案 C4、下图是探究酵母菌进行呼吸方式类型的装置，下列叙述错误的是( )。A假设装置 1 中的液滴左移，装置 2 中的液滴不动，说明酵母菌只进行有氧呼吸B假设装置 1 中的液滴不移动，装置 2 中的液滴右移，说明酵母菌只进行无氧呼吸C假设装置 1 中的液滴左移，装置 2 中的液滴右移，说明酵母菌既进行有氧呼吸又进行无氧呼吸D假设装置 1、2 中的液滴均不移动，说明酵母菌只进行有氧呼吸3 / 9或只进行无氧呼吸解析 若装置 1、2 中的液滴均不移动，则酵母菌既不进行有氧呼吸又不进行无氧呼吸，可能已死亡。答案 D归纳提升 设置对照的四种方法(1)空白对照：指不做任何实验处理的对象组。如在“探索生长素类似物促进插条生根的最适浓度”的实验中，除不同浓度的生长素类似物处理组外，还增加一蒸馏水处理组，蒸馏水处理组即为典型的空白对照。通过对照能明白地对比和衬托出实验组的变化和结果，增加说服力。(2)自身对照：指实验与对照在同一对象上进行，即不另设对照。如“观察植物细胞质壁分离和复原”实验，则是典型的自身对照。自身对照关键是要看清楚实验处理前后同一对象变化的差异，实验处理前的对象状况为对照组，实验处理后的对象变化则为实验组。(3)条件对照：指虽给对象施以某种实验处理，但这种处理是作为对照意义的，或者说这种处理不是实验假设所给定的实验变量意义的。例如“探究甲状腺激素对幼小动物生长发育的影响”实验，采用等组实验。甲组：饲喂甲状腺激素(实验组)，乙组：饲喂甲状腺抑制剂(条件对照组)，丙组：不饲喂药剂(空白对照组)。该实验既设置了条件对照，又设置了空白对照，通过比较、对照，更能充分说明实验变量甲状腺激素能促进蝌蚪的生长发育。(4)相互对照：指不另设对照组，而是几个实验组相互对照。如在“探究温度对酶活性的影响”的实验中，不同的温度处理使实验组之间相互对照，较好地平衡和抵消了无关变量的影响，使实验结果具有说服力。 “探索生长素类似物促进插条生根的最适浓度”实验中，4 / 9不同浓度的生长素类似物处理组之间也是相互对照。5、下列有关固定化酶和固定化细胞的说法正确的是( )。A某种固定化酶的优势在于能催化一系列生化反应B固定化细胞技术一次只能固定一种酶C固定化酶和固定化细胞的共同点是所固定的酶都可在细胞外起作用D固定化酶和固定化细胞都能反复使用，但酶的活性迅速下降解析 酶具有专一性，一种酶固定后不可能催化一系列生化反应；固定化细胞技术固定的是一系列酶；固定化酶和固定化细胞都能反复使用，若条件适宜，一般不会出现酶的活性迅速下降问题。答案 C6、(2018·福建模拟)在光合作用中，RuBP 羧化酶能催化CO2C5(即 RuBP)2C3。为测定 RuBP 羧化酶的活性，某学习小组从菠菜叶中提取该酶，用其催化 C5 与 14CO2 的反应，并检测产物 14C3 的放射性强度。下列分析错误的是( ) 【导学号：67110034】A菠菜叶肉细胞内 RuBP 羧化酶催化上述反应的场所是叶绿体基质BRuBP 羧化酶催化的上述反应需要在无光条件下进行C测定 RuBP 羧化酶活性的过程中运用了同位素标记法D单位时间内 14C3 生成量越多说明 RuBP 羧化酶活性越高B B CO2CO2C5(RuBP)2C3C5(RuBP)2C3 为为 CO2CO2 的固定，属于光合作用中的暗的固定，属于光合作用中的暗反应过程。反应过程。A A 项，项，RuBPRuBP 羧化酶催化羧化酶催化 CO2CO2 的固定过程，发生的场所为的固定过程，发生的场所为叶绿体基质。叶绿体基质。B B 项，项，CO2CO2 的固定在有光和无光条件下都能进行，所以的固定在有光和无光条件下都能进行，所以5 / 9RuBPRuBP 羧化酶催化该过程在有光和无光条件下都可进行。羧化酶催化该过程在有光和无光条件下都可进行。C C 项，对项，对CO2CO2 中的中的 C C 用同位素用同位素 14C14C 标记，可以追踪碳元素的转移途径，这种标记，可以追踪碳元素的转移途径，这种方法就叫同位素标记法。方法就叫同位素标记法。D D 项，单位时间内项，单位时间内 14C314C3 生成量越多，说明生成量越多，说明反应速率越快，即反应速率越快，即 RuBPRuBP 羧化酶的活性越高。羧化酶的活性越高。 7、ATP 是细胞内能量通货，下列关于 ATP 的叙述中，不正确的是( )。AATP 在细胞内需要量很大，但是含量很少B所有生物的细胞合成 ATP 所需要的能量都来自呼吸作用C呼吸作用释放的能量中，通过热能散失的能量多于储存在 ATP 中的能量D相同质量的脂肪彻底氧化分解合成的 ATP 比糖类彻底氧化分解合成的 ATP 多解析 ATP 在细胞内需要量很大，但是含量很少，原因是 ATP 与 ADP转化迅速；植物合成 ATP 所需要的能量来自呼吸作用和光合作用。答案 B8、下图表示某水生生态系统的能量金字塔，下列叙述中正确的是( )。A此水生生态系统的能量传递效率不足 10%B该生态系统的全部食肉动物构成一个种群C该生态系统的浮游生物、食草动物、食肉动物构成群落D该生态系统能量流动和物质循环彼此独立命题立意 本题考查种群、群落、生态系统的能量流动及理解判断能力，难度中等。解析 此生态系统中浮游生物到食草动物的能量传递效率为7%，食草动物到食肉动物的传递效率为8%，此水生生态系统的能量传6 / 9递效率不足 10%；该生态系统的某种生物构成一个种群；群落应包括该生态系统中全部的生产者、消费者和分解者；生态系统中能量流动伴随着物质循环。答案 A9、某同学画了一个人体内的部分代谢过程示意图，请指出图中产生ATP 的途径及一处错误的地方分别是( )。A、人体内无过程B、人体内无过程C、人体内无过程D、人体内无过程解析 题图中产生 ATP 的过程是有氧呼吸和无氧呼吸，而人体无氧呼吸不能产生酒精。答案 B10、下列对“探究某种加酶洗衣粉使用的最适温度”的说法，最合理的是( )。A加酶洗衣粉在 30 的水中洗涤效果不如 45 时好，说明 45 为最适温度B在不同温度的水中，加入相同的污物及不等量的洗衣粉，看哪种效果好C取一系列不同温度、其他条件相同的水，加入等量相同的污物及等量相同的加酶洗衣粉，看哪一个温度下洗衣粉的洗涤效果最好D将加酶洗衣粉与普通洗衣粉分别加入 37 的水中洗涤同样的污物，发现加酶洗衣粉效果好，说明加酶洗衣粉的最适温度为 37 解析 要探究加酶洗衣粉的最佳洗涤温度，需要设计具有温度梯度7 / 9的变量。自变量只能有温度一个，洗衣粉的用量、种类等都属于无关变量，而无关变量的控制要相同且适宜。答案 C二、非选择题1、有关 DNA 分子的研究中，常用 32P 来标记 DNA 分子。用 、 和 表示 ATP 或 dATP（d 表示脱氧）上三个磷酸基团所处的位置（APPP 或 dAPPP） 。回答下列问题；（1）某种酶可以催化 ATP 的一个磷酸基团转移到 DNA 末端上，同时产生 ADP。若要用该酶把 32P 标记到 DNA 末端上，那么带有 32P 的磷酸基团应在 ATP 的（填“” “”或“” ）位上。（2）若用带有 32P 标记的 dATP 作为 DNA 生物合成的原料，将 32P 标记到新合成的 DNA 分子上，则带有 32P 的磷酸基团应在 dATP 的（填“” “”或“” ）位上。（3）将一个带有某种噬菌体 DNA 分子的两条链用 32P 进行标记，并使其感染大肠杆菌，在不含有 32P 的培养基中培养一段时间。若得到的所有噬菌体双链 DNA 分子都装配成噬菌体（n 个）并释放，则其中含有 32P 的噬菌体所占比例为 2/n，原因是。【答案】 （1） （2） （3）一个含有 32P 标记的双链 DNA 分子经半保留复制后，标记的两条单链只能分配到两个噬菌体的双链 DNA 分子，因此在得到的 n 个噬菌体中只有两个带有标记2、在进行 DNA 亲子鉴定时，需大量的 DNA。PCR 技术(多聚酶链式反应)可以使样品 DNA 扩增，获得大量 DNA 克隆分子。该技术的原理是8 / 9利用 DNA 的半保留复制，在试管中进行 DNA 的人工复制(如图，图中黑色长方形是引物)。在很短的时间内将 DNA 扩增几百万倍甚至几十亿倍，使实验室所需的遗传物质不再受限于活的生物体。(1)图中的变性、延伸分别是指_、_。(2)假设 PCR 反应中的 DNA 模板为 P，第一轮循环的产物 2 个子代DNA 为 N1，第二轮的产物 4 个子代 DNA 为 N2，N1、N2 中分别含有模板 DNA 单链的 DNA 分别有_个、_个。若继续循环，该 DNA 片段共经过 30 次循环后能形成_个 DNA 片段。(3)某样品 DNA 分子中共含 3 000 个碱基对，碱基数量满足：，若经 5 次循环，至少需要向试管中加入_个腺嘌呤脱氧核苷酸。(不考虑引物所对应的片段)(4)若图为第一轮循环产生的产物。请绘出以 a 链和 b 链为模板经PCR 扩增的产物。解析 (1)变性的实质是 DNA 双链解旋；延伸的实质是以 DNA 单链为模板，按照碱基互补配对原则合成子链的过程。(2)由于 PCR 原理为 DNA 双链复制，其特点是半保留复制，所以无论复制几次，模板链一直存在于 2 个 DNA 分子中。DNA 复制的数量变化是指数式增长方式。(3)由(AT)/(GC)1/2 可知 ATGC1122，所以 A的比例为 1/6，在一个 DNA 分子中的数量为 3 000×2×(1/6)1 000 个，5 次循环的 DNA 数为 32 个，所以以原料合成的 DNA 数相当于 32131 个，至少需腺嘌呤脱氧核苷酸为 31×1 00031 0009 / 9个。(4)画图的关键是注意引物 A、B 的位置和所对应的模板链。答案 (1)模板 DNA 双链解旋形成单链 在 DNA 聚合酶的作用下，原料脱氧核苷酸聚合形成新的 DNA 链(2)2 2 230 (3)31 000(4)如图