高考物理一轮复习优编选题4含解析新人教版.doc

1 / 11【2019【2019 最新最新】精选高考物理一轮复习优编选题精选高考物理一轮复习优编选题 4 4 含解析新含解析新人教版人教版李仕才1、(2018·山东泰安月考)如图所示,A、B 为两个挨得很近的小球,并列放于光滑斜面上,斜面足够长,在释放 B 球的同时,将 A 球以某一速度 v0 水平抛出,当 A 球落于斜面上的 P 点时,B 球的位置位于( )A.P 点以下B.P 点以上C.P 点D.由于 v0 未知,故无法确定答案 B解析设 A 球落到 P 点的时间为 tA,AP 的竖直位移为 y;B 球滑到 P 点的时间为 tB,BP 的竖直位移也为 y,A 球做的是自由落体运动,由y=gt2 得运动的时间为 tA=,B 球做的是匀加速直线运动,运动到 P 点的位移为 s=,加速度的大小为 a=gsin ,根据位移公式 s=at2 得,B 运动的时间为tB=>tA( 为斜面倾角)。所以 B 正确。故选 B。2 / 112、(多选)(匀变速直线运动规律的应用)(2018·湖南衡阳月考)一辆汽车从静止开始匀加速直线开出,然后保持匀速直线运动,最后做匀减速直线运动,直到停止,下表给出了不同时刻汽车的速度,根据表格可知( )时刻/s1235 6 79. 510. 5 速度/(m ·s-1)369121 21 29 3A.汽车在 t=5 s 时刻开始做匀速直线运动B.汽车匀速运动的时间为 5 sC.汽车加速阶段的平均速度小于减速阶段的平均速度D.汽车从开始运动直到停止的过程中的平均速度大小约 8.73 m/s答案 BD解析已知汽车做初速度为零的匀加速直线运动,由 1 s 末的速度可以求出加速度;由表格数据可得汽车在 4 s 末的速度达到最大值 12 m/s,由速度时间关系得出加速运动的时间;分别求出物体做匀加速直线运动、匀速直线运动和匀减速直线运动的位移相加;平均速度等于位移与时间的比值。根据 13 s 内做加速运动可知加速度 a1= m/s2=3 m/s2,而从表格中可知汽车做匀速直线运动的速度为 12 m/s,也就是加速阶段最大速度为 12 m/s,故根据 v=v0+at 可知加速时间为 t=4 s,故汽车在 t=4 3 / 11s 开始做匀速直线运动,A 错误;从表格中可知减速运动时的加速度为a2= m/s2=-6 m/s2,在 t=9.5 s 时速度为 9 m/s,故已经减速了 t= s=0.5 s,所以在 t=9 s 开始减速运动,故匀速运动时间为 5 s,B 正确;加速阶段的平均速度 v1= m/s=6 m/s,减速阶段的平均速度 v2= m/s=6 m/s,故 C 错误;04 s 做加速度 a=3 m/s2 的匀加速运动,产生的位移x1=at2=×3×42 m=24 m;49 s 做速度 v=12 m/s 的匀速直线运动,产生的位移 x2=12×5 m=60 m;911 s 做初速度为 12 m/s,加速度a'=-6 m/s2 的匀减速运动,减速时间 t= s=2 s,产生的位移x3=12×2 m+×(-6)×22 m=12 m,所以汽车产生的总位移x=x1+x2+x3=24 m+60 m+12 m=96 m,故全程的平均速度8.73 m/s,故 D 正确。3、(多选)(2018·山东潍坊期中)如图所示,质量分别为 M、m 物体A、B 用细绳连接后跨过光滑的定滑轮,A 静止在倾角为 30°的斜面上,已知 M=2m,现将斜面倾角由 30°增大到 35°,系统仍保持静止。此过程中,下列说法正确的是( )A.细绳对 A 的拉力将增大B.物体 A 受到的静摩擦力先减小后增大C.物体 A 对斜面的压力将减小D.滑轮受到的绳的作用力将增大答案 CD4 / 11解析先对物体 B 受力分析,受重力和拉力,由二力平衡得到拉力等于物体 B 的重力;再对物体 A 受力分析,受重力、支持力、拉力和静摩擦力,根据平衡条件列式分析。解 M=2m,对物体 B 受力分析,受重力和拉力,由二力平衡得到:FT=mg再对物体 A 受力分析,受重力、支持力、拉力和静摩擦力,如图:根据平衡条件得到:Ff+FT-2mgsin =0FN-2mgcos =0由两式解得:Ff=2mgsin -FT=2mgsin -mg,FN=2mgcos ,当 不断变大时,Ff 不断变大,FN 不断变小。故 A、B 错误,C正确;绳子拉力大小不变,但夹角减小,滑轮受到的绳的作用力增大,故 D 正确。故选 CD。4、如图甲所示,劲度系数为 k 的轻弹簧竖直放置,下端固定在水平地面上,一质量为 m 的小球,从离弹簧上端高 h 处自由下落,接触弹簧后继续向下运动。若以小球开始下落的位置为原点,沿竖直向下建立一坐标轴 Ox,小球的速度 v 随时间 t 变化的图象如图乙所示。其中 OA段为直线,切于 A 点的曲线 AB 和 BC 都是平滑的曲线,则关于A、B、C 三点对应的 x 坐标及加速度大小,下列说法正确的是( )5 / 11A.xA=h,aA=0B.xA=h,aA>gC.xB=h+,aB=0 D.xC=h+,aC=0答案 C解析由题图可知,OA 段是直线,说明 O 到 A 的过程中,小球做自由落体运动,小球到达 A 时,小球的加速度仍然是 g,故 A 错误,B 错误。B点是速度最大的地方,此时重力和弹力相等,合力为 0,加速度也就为0,由 mg=kx,可知 x=,所以 B 的坐标为 h+,所以 C 正确。取一个与 A点对称的点为 D,由 A 点到 B 点的形变量为,由对称性得由 B 到 D 的形变量也为,故到达 C 点时形变量要大于 h+2,加速度 ac>g,所以 D 错误。5、(功的正负判断)如图所示,木块 B 上表面是水平的,木块 A 置于 B上,并与 B 保持相对静止,一起沿固定的光滑斜面由静止开始下滑,在下滑过程中( )A.A 所受的合力对 A 不做功B.B 对 A 的弹力做正功C.B 对 A 的摩擦力做正功D.A 对 B 做正功答案 C解析 A、B 一起沿固定的光滑斜面由静止开始下滑,加速度为 gsin 。由于 A 速度增大,由动能定理可知,A 所受的合力对 A 做正功,B6 / 11对 A 的摩擦力做正功,B 对 A 的弹力做负功,选项 A、B 错误,C 正确;A对 B 不做功,选项 D 错误。6、(多选)(非质点模型)(2017·福建××县月考)如图所示,在倾角=30°的光滑固定斜面上,放有两个质量分别为 1 kg 和 2 kg 的可视为质点的小球 A 和 B,两球之间用一根长 l=0.2 m 的轻杆相连,小球 B 距水平面的高度 h=0.1 m。两球由静止开始下滑到光滑地面上,不计球与地面碰撞时的机械能损失,g 取 10 m/s2。则下列说法正确的是( )A.整个下滑过程中 A 球机械能守恒B.整个下滑过程中 B 球机械能不守恒C.整个下滑过程中 A 球机械能的增加量为 JD.整个下滑过程中 B 球机械能的增加量为 J答案 BD解析在下滑的整个过程中,只有重力对系统做功,系统的机械能守恒,但在 B 球沿水平面滑行,而 A 沿斜面滑行时,杆的弹力对 A、B 球做功,所以 A、B 球各自机械能不守恒,故 A 错误,B 正确;根据系统机械能守恒得 mAg(h+lsin )+mBgh= (mA+mB)v2,解得 v= m/s,系统下滑的整个过程中 B 球机械能的增加量为 mBv2-mBgh= J,故 D 正确;A 球的机械能减小,C 错误。7、(动量、动能的变化量)质量为 0.2 kg 的球竖直向下以 6 m/s 的速度落至水平地面,再以 4 m/s 的速度反向弹回。取竖直向上为正方7 / 11向,在小球与地面接触的时间内,关于球动量变化量 p 和合外力对小球做的功 W,下列说法正确的是( )A.p=2 kg·m/s W=-2 JB.p=-2 kg·m/s W=2 JC.p=0.4 kg·m/s W=-2 JD.p=-0.4 kg·m/s W=2 J答案 A解析取竖直向上为正方向,则小球与地面碰撞过程中动量的变化量p=mv2-mv1=0.2×4 kg·m/s-0.2×(-6) kg·m/s=2 kg·m/s,方向竖直向上。由动能定理,合外力做的功 W=×0.2×42 J-×0.2×62 J=-2 J。8、(多选)(电势与电势能)(2017·湖北武汉××区模拟)如图所示,有一对等量异种电荷分别位于空间中的 a 点和 f 点,以 a 点和 f 点为顶点作一正立方体。现在各顶点间移动一试探电荷,关于试探电荷受电场力和具有的电势能,以下判断正确的是( )A.在 b 点和 d 点受力大小相等,方向不同B.在 c 点和 h 点受力大小相等,方向相同C.在 b 点和 d 点电势能相等D.在 c 点和 h 点电势能相等答案 ABC8 / 11解析根据对称性和等量异种电荷周围电场线的分布特点可知,试探电荷在 b 点和 d 点受力大小相等,方向不同,在 c 点和 h 点受力大小相等,方向相同,所以选项 A、B 正确;因为 b 点和 d 点到两个场源电荷的距离都一样,所以试探电荷在 b 点和 d 点电势能相等,选项 C 正确;c 点离场源正电荷较 h 点远,所以试探电荷在 c 点和 h 点电势能不相等,或者根据等量异种电荷周围等势面的分布特点可知,中垂面是等势面,而 c 点和 h 点分居中垂面的两侧,它们的电势肯定不等,所以选项 D 错误。9、(U-I 图象的应用)(2017·贵州思南中学月考)如图所示是根据某次实验记录的数据画出的 U-I 图线,关于此图线的说法正确的是( )A.纵轴的截距表示电源的电动势,即 E=3.0 VB.横轴的截距表示电源的短路电流,即 I 短=0.6 AC.电源的内阻 r=5 D.电源的内阻 r=2.0 答案 A解析 U-I 图象纵轴截距表示电源电动势大小,A 正确;纵轴没有从零开始,故此时横轴截距不是短路电流,B 错;图象斜率的绝对值表示电源内阻,由题图可知内阻为 1 ,C、D 错。10、(带电粒子在磁场中的圆周运动)(2017·湖北武汉模拟)如图所9 / 11示,在圆形区域内存在垂直纸面向外的匀强磁场,ab 是圆的直径。一带电粒子从 a 点射入磁场,速度大小为 v、方向与 ab 成 30°角时,恰好从 b 点飞出磁场,且粒子在磁场中运动的时间为 t;若同一带电粒子从 a 点沿 ab 方向射入磁场,也经时间 t 飞出磁场,则其速度大小为( )A. vB. vC.vD. v答案 C解析设圆形区域直径为 d,如图甲所示,粒子从 a 点射入从 b 点飞出磁场,运动时间 t=,半径 r1=d=;如图乙所示,粒子从 a 点沿 ab 方向射入磁场,运动时间 t=,偏向角为 60°,且 tan 30°=,半径 r2=d=,速度v'=v,选项 C 正确。11、(自感)(2017·河北模拟)如图所示的电路中,A、B、C 是三个完全相同的灯泡,L 是一个自感系数较大的线圈,其直流电阻与灯泡电阻相同。下列说法正确的是( )A.闭合开关 S,A 灯逐渐变亮B.电路接通稳定后,流过 B 灯的电流是流过 C 灯电流的C.电路接通稳定后,断开开关 S,C 灯立即熄灭D.电路接通稳定后,断开开关 S,A、B、C 灯过一会儿才熄灭,且 A 灯10 / 11亮度比 B、C 灯亮度高答案 D解析电路中 A 灯与线圈并联后与 B 灯串联,再与 C 灯并联。S 闭合时,线圈的自感系数较大,自感电动势很大,故三个灯同时立即发光,由于线圈的电阻与灯泡电阻相同,电路稳定后,流过 A 灯的电流是流过 C 灯电流的,A 灯逐渐变暗,故 A、B 错误。电路接通稳定后,断开开关 S,由于线圈中电流减小,产生自感电动势,阻碍电流的减小,线圈中电流不会立即消失,这个自感线圈与 A、B、C 三灯构成闭合回路,三灯都要过一会儿再熄灭。由于断开开关 S 后,B、C 串联再同 A 并联,流过A 灯的电流大于流过 B、C 两灯的电流,故 A 灯比 B、C 两灯的亮度高,所以 D 正确,C 错误。12、.(理想变压器原、副线圈关系的应用)(多选)(2017·广东湛江四校联考)理想变压器原、副线圈的匝数比为 101,原线圈输入电压的变化规律如图甲所示,副线圈所接电路如图乙所示,P 为滑动变阻器的滑片。则( )A.副线圈输出电压的频率为 50 HzB.副线圈输出电压的有效值为 31 VC.P 向右移动时,原、副线圈的电流之比减小D.P 向右移动时,变压器的输出功率增加答案 AD解析由题图甲可知,交变电流的周期为 0.02 s,所以交变电流的频率为 50 Hz,所以 A 正确;根据电压与匝数成正比可知,原线圈的电压的11 / 11最大值为 220 V,所以副线圈的电压的最大值为 22 V,所以电压的有效值为 V=22 V,所以 B 错误;原、副线圈的电流与匝数成反比,线圈的匝数不变,所以电流比也不变,C 错误;P 向右移动时,滑动变阻器的电阻减小,副线圈的电压不变,所以电路消耗的功率将变大,变压器的输出功率增加,所以 D 正确。13、(氢原子的能级及能级跃迁)一群氢原子处于同一较高的激发态,它们向较低激发态或基态跃迁的过程中( )A.可能吸收一系列频率不同的光子,形成光谱中的若干条暗线B.可能发出一系列频率不同的光子,形成光谱中的若干条亮线C.只吸收频率一定的光子,形成光谱中的一条暗线D.只发出频率一定的光子,形成光谱中的一条亮线答案 B解析处于较高能级的电子可以向较低的能级跃迁,能量减小,原子要发出光子,由于放出光子的能量满足 h=Em-En,处于较高能级的电子可以向较低的激发态跃迁,激发态不稳定可能继续向较低能级跃迁,所以原子要发出一系列频率的光子,故 A、C、D 错误,B 正确。