2019年江苏淮安市中考物理试题及答案.pdf

第 1页（共 23页）2019 年江苏省淮安市中考物理试卷年江苏省淮安市中考物理试卷一一、选择题选择题（本题共本题共 8 小题小题，每小题每小题 2 分分，共共 16 分分.每小題给出的四个选项中每小題给出的四个选项中只有一个选只有一个选每是符合題意的）每是符合題意的）1（2 分）在音乐会上，我们很容易分辨出二胡和笛子的声音，判断的依据是（）A响度B音色C音调D频率2（2 分）小明坐在正在行驶的公共汽车上，他认为自己是静止的，所选取的参照物是（）A小明旁边的座位B路旁的树木C沿途的路灯D迎面驶来的公共汽车3（2 分）下列现象中，属于液化的是（）A冰凌的消融B霜的形成C冰冻的衣服晾干 D露的形成4（2 分）在日常生活中，摩擦的现象普遍存在。有益的摩擦需要增大，有害的摩擦需要减小。下列实例中是为了减小摩擦的是（）A鞋底凹凸不平的花纹B自行车的车轴处加润滑油C汽车的轮子加防滑链D自行车刹车时捏紧刹车闸5（2 分）如图所示是演示点火爆炸的实验装置，按动电火花发生器的按钮，点燃盒内酒精。盒盖迅速飞出。这个过程与四冲程汽油机中的哪一个冲程的能量转化相同（）A吸气冲程B压缩冲程C做功冲程D排气冲程第 2页（共 23页）6（2 分）长江上，一艘满载货物的轮船在卸完一半货物后，该艘轮船（）A会浮起一些，所受浮力变小B会浮起一些，所受浮力变大C会下沉一些，所受浮力变大D会始终漂浮，所受浮力不变7（2 分）如图为“探究感应电流产生条件”的实验装置示意图，实验过程中磁体处于静止状态。关于这个实验，下列说法正确的是（）A导体棒处于静止状态时，灵敏电流计的指针发生偏转B导体棒沿竖直方向向下运动时，灵敏电流汁的指针发生偏转C导体棒沿水平方向左右运动时，灵敏电流计的指针发生偏转D导体棒向右上方运动时，灵敏电流计的指针不发生偏转8（2 分）如图（a）所示是电阻甲和乙的 IU 图象（b）、（c）是它们的部分电路连接示意图，下列说法错误的是（）A当电阻乙两端电压为 2.5V 时，它的阻值和甲的阻值相等B图（b）中，当电压 U 为 3V 时，乙的电阻为 5C图（c）中，当电压 U 为 2V 时，干路总电流为 0.6AD图（c）中，在电压 U 从 0 增大到 2.5V 的过程中，通过甲、乙两电阻的电流之差先变大后变小二、填空题（本题共二、填空题（本题共 10 小題，每空小題，每空 1 分，共分，共 24 分）分）9（2 分）手机拨打、接听电活或 WiFi 上网都是利用了波传递信息，该波（选“能”或“不能”）在真空中传播。第 3页（共 23页）10（3 分）“足球进校园”推进了校园足球的发展。运动员将静止的足球踢飞，说明力可以；足球落地后会继续向前滚动。是因为足球具有。当足球静止在水平地面上时。受到的重力和地面的支持力是一对（选填“平衡力”或“相互作用力”）。11（2 分）如图所示是淮安某路口安装的一种太阳能交通信号灯。太阳能属于一种（选填“可再生”或“不可再生”）能源，用材料制成的 LED（发光二极管）交通信号灯日夜发光，提醒着人们注意交通安全。12（3 分）一些大厦的外部安装了平板玻璃，人们可以通过它看到自己的（选填“虚”或“实”）像。人靠近幕墙，像的大小（选填“变大”、“变小”或“不变”）。我国已经对玻璃幕墙的安装制定了限制性法规，因为玻璃幕墙会发生（选填“镜面”或“漫”）反射，造成光污染。13（3 分）小明在“探究杠杆平衡条件”的实验中：（1）实验前调节平衡蜾母使杠杆在水平位置平衡，目的之一是方便测量；（2）如图甲所示。在杠杆左边 A 处挂 4 个钩码，要使杠杆在水平位置平衡，在杠杆 B处挂个钩码（实验中所用的钩码均相同）；（3）小明又用弹簧测力计。在 C 处竖直向上拉。如图乙所示。当弹簧测力计逐渐向右倾时，使杠杆仍然在水平位置平衡。则弹簧测力计的示数将逐渐（选填“变大”、“变小”或“不变”）。14（2 分）如图是“探究物体动能大小与哪些因素有关”的实验示意图（A 为小球，B 为第 4页（共 23页）木块）。在探究小球动能大小与速度的关系时，应保持小球的不变。本实验是通过木块 B来反映小球动能的大小。15（3 分）如图所示，工人将 80N 的重物提升了 3m，所用的时间为 20s，拉力为 50N则工人做的有用功为J拉力的功率是W，动滑轮的机械效率是。16（2 分）如图所示。小车水平向右做直线运动。数字钟显示的时间格式是“时，分，秒”，则小车从起点到终点通过的总路程是cm，全程的平均速度是cm/s。17（2 分）为了测定风速大小，小明设计了如图所示的装置。装置中探头、金属杆和滑动变阻器滑片 P 相连，可上下移动。该装置利用了流体流速越大，压强越的原理。现要求：当风吹过探头时，风速越大，电压表的示数越大，请对该装置提出一条合理的改进措施。18（2 分）如图所示。电源电压恒定不变，R 为定值电阻。闭合开关，当滑动变阻器滑片 P位于 1 位置时，电压表的示数为 4V，电流表示数为 0.2A；当滑片由 1 移至 2 位置（如图虚线位置）时，电压表示数为 3V，电流表示数为 0.3A则滑片置于 1 位置时滑动变阻器接入电路的阻值为，滑片由 1 移至 2 位置的过程中，定值电阻 R 的电功率变化量第 5页（共 23页）为W。三、解答题（本题共三、解答题（本题共 10 小题，共小题，共 40 分，解答第分，解答第 24 题时，应写出解题过程）题时，应写出解题过程）19（1 分）画出图中入射光线 AO 的反射光线。20（1 分）画出图中靜止在斜面上的茶杯所受重力的示意图。21（1 分）在图内虚线框中，标出通电螺线管磁极的名称。22（1 分）在图中。画出使用滑轮组提升物体时最省力的绳子绕法。23（5 分）小明想通过实验测置小石块的密度。（1）将天平放在水平工作台上，游码移到标尺左端的。观察到指针指在分度盘上的位置如图甲所示，此时应将平衡螺母向调节，使指针对准分度盘中央刻度线。第 6页（共 23页）（2）用调好的天平测小石块的质量。天平平衡时，右盘中砝码和游码位置如图乙所示，则小石块的质量为g。（3）如图丙所示，用量筒测出小石块的体积为cm3。（4）通过计算，小石块的密度为kg/m3。24（8 分）如图是一款家庭常用的电热水壶，经测量该电热水壶的质量为 0.6kg，它与桌面的接触面积为 0.02m2 该电热水壶的额定电压为 220V，额定功率为 1000W g 取 10N/kg，水的比热容为 4.2103J/（kg）（1）求电热水壶的额定电流（保留一位小数）；（2）求电热水壶静止放在水平桌面上对桌面的压强；（3）用此电热水壶将 1kg，初温为 20的水加热到 100，沸腾水至少吸收多少热量？（4）电热水壶正常工作时，若不考虑热量损失，将壶中质量为 lkg、初温为 20的水加热到 100需要多长时间。25（6 分）小明利用如图所示的实验装置观察水的沸腾现象。第 7页（共 23页）（1）组装器材时，应先固定图甲的（选填“A”或“B”）。（2）水沸腾时温度计示数如图乙所示，则此时水沸点是，水沸腾过程中继续吸热，水的温度。（3）水沸腾时，水中气泡的情形为丙中（选填“A”或或“B”）。（4）实验中是通过的方式增加水的内能，若要缩短将水加热至沸腾的时间。请写出一种可行的办法。26（6 分）如图所示为“探究凸透镜成像规律”的实验装置图，已知凸透镜的焦距为 10cm。（1）为了便于观察实验现象，实验环境应该（选填“较亮”或“较暗”）一些。（2）组装并调整实验器材。使烛焰和光屏的中心位于凸透镜的上。（3）如图所示，当蜡烛距离凸透镜 40cm 时，移动光屏，可在光屏上找到一个清晰的倒立、（选填“放大”、“等大”或“缩小”）的实像。日常生活中（选填“照相机”、“投影仪”或“放大镜”）就是利用这一原理工作的。（4）将图中的凸透镜换成焦距为 30cm 的凸透镜，保持蜡烛和凸透镜的位置不变，在光具座上移动光屏，（选填“能”或“不能”）找到某一位置，使像清晰的呈现在光屏上，理由是。27（6 分）如图中所示，在“测量小灯泡电功率”的实验中，电源电压为 4.5V，小灯泡额定电压为 2.5V，电阻约为 10。第 8页（共 23页）（1）请用笔画线代替导线，将图甲中的实物电路连接完整。（2）连接电路时，开关应处于状态。（3）实验中无论怎么移动滑片 P，发现小灯泡始终不亮，电压表有示数，电流表无示数，原因可能是（写出一种即可）（4）排除故障后，移动滑片 P 到某位置，电压表示数如图乙所示，示数为V；要测量小灯泡的额定功率，应将滑片 P（选填“A”或“B”）端移动，使电压表示数为V。（5）移动滑片 P，记录多组对应的电压表和电流表的示数，绘制成 IU 图象。根据图内所给的信息。计算出小灯泡的额定功率是W。28（5 分）某科技兴趣小组在实验室看到若干长方体金属导体。它们的材料相同，外形都如图甲所示，他们想探究该种导体电阻与厚度及边长的关系。在老师的帮助下，他们测量了部分导体厚度 h、边长 a 和电阻 R，并记录在表格中。（在测量电阻时，老师要求导体都要按照图乙所示的方式通过导线接入电路；实验时环境温度保持不变。）根据以上信息，请回答下面问题：（1）分析表格中的数据可得：该种导体电阻大小与边长 a（选填“有关”或“无关”），与厚度 h 成（选填“正比”或“反比”）。（2）从该种导体中，选取了厚度 h 之比为 2：3、边长 a 之比为 2：1 的两个导体 R1、R2，按图丙方式串联后接在闭合电路中，设两端的电压为 U1，R2两端的电压为 U2，则 U1：U2。第 9页（共 23页）（3）现代集成电路技术需要电子元件微型化，且集成度越高，电子元件越需要微小。现某集成电路需要一只阻值为1.6103的该种导体，小华从边长a为5mm、10mm、15mm、20mm 的四个导体中选择了边长为 5mm 的导体。与其它三个导体相比，请分析该导体工作时的优缺点：。次数厚度 h/mm边长 a/mm电阻 R/1031151.621101.631151.641201.652100.864100.475100.32第 10页（共 23页）2019 年江苏省淮安市中考物理试卷年江苏省淮安市中考物理试卷答案与解析答案与解析一一、选择题选择题（本题共本题共 8 小题小题，每小题每小题 2 分分，共共 16 分分.每小題给出的四个选项中每小題给出的四个选项中只有一个选只有一个选每是符合題意的）每是符合題意的）1【分析】音色反映了声音的品质和特色，不同发声体的材料、结构不同，发出声音的音色也就不同。【解答】解：音色反映了声音的品质和特色，不同发声体的材料、结构不同，发出声音的音色也就不同。我们很容易分辨出二胡和笛子的声音，这是因为它们发出声音的音色不同，故 B 正确，ACD 错误。故选：B。【点评】本题考查了音色的特点，不同乐器发出声音的音色不同。2【分析】判断物体的运动和静止，首先选定一个参照物，我们说乘客是静止的，选定的参照物必须和乘客位置没有变化。【解答】解：A、小明坐在正在行驶的公共汽车上，选定小明旁边的座位为参照物，小明和旁边的座位之间没有发生改变，以旁边的座位为参照物，小明是静止的；故 A 符合题意。BCD、坐在行驶的汽车中的小明，小明和路旁的树木、沿途的路灯、迎面驶来的公共汽车之间的位置都发生了变化，所以以路旁的树木、沿途的路灯、迎面驶来的公共汽车为参照物时，小明是运动的；故 BCD 不符合题意；故选：A。【点评】运动的和静止的物体都可以做参照物，被研究的物体和选定为参照物的物体之间发生位置变化，被研究的物体是运动的，否则是静止的。3【分析】物质由气态变成液态的过程叫液化。【解答】解：A、冰凌的消融，是固态的冰变成液态的水，是熔化现象，故 A 不符合题意；B、霜是空气中的水蒸气遇冷形成的小冰晶，是凝华现象，故 B 不符合题意；C、冰冻的衣服晾干，是固态的冰吸热直接变成水蒸气，是升华现象，故 C 不符合题意；D、露是空气中的水蒸气遇冷形成的小水滴，是液化现象，故 D 符合题意。故选：D。第 11页（共 23页）【点评】本题主要考查学生对生活中物态变化的判断，掌握物态变化的概念是解答的基础。4【分析】（1）增大摩擦力的方法：在接触面粗糙程度一定时，通过增大压力来增大摩擦力；在压力一定时，通过增大接触面的粗糙程度来增大摩擦力。（2）减小摩擦力的方法：在接触面粗糙程度一定时，通过减小压力来减小摩擦力；在压力一定时，通过减小接触面的粗糙程度来减小摩擦力；使接触面脱离；用滚动摩擦代替滑动摩擦。【解答】解：A、鞋底凹凸不平的花纹，在压力一定时，通过增大接触面的粗糙程度来增大摩擦力，故A 不合题意；B、自行车的车轴处加润滑油，在压力一定时，通过减小接触面的粗糙程度来减小摩擦力，故 B 符合题意；C、汽车轮胎上装有防滑链，在压力一定时，通过增大接触面的粗糙程度来增大摩擦力，故 C 不合题意。D、自行车刹车时捏紧刹车闸，是在接触面粗糙程度一定时，通过增大压力来增大摩擦力，故 D 不合题意；故选：B。【点评】本题考查摩擦力大小的影响因素，以及增大和减小摩擦的方法，摩擦力问题在生活中应用非常广泛，解答此题类问题时要利用控制变量法研究。5【分析】（1）改变物体内能的方式有两种：做功和热传递；做功改变物体内能的实质是能量的转化，热传递改变物体内能的实质是能量的转移；（2）汽油机有吸气、压缩、做功、排气四个冲程，压缩冲程是将机械能转化为内能，做功冲程将内能转化为机械能；【解答】解：如图所示是演示点火爆炸的实验装置，按动电火花发生器的按钮，点燃盒内酒精，盒盖被打出去，这是因为酒精燃烧产生的燃气对外做功，消耗燃气的内能，转化为盒盖的机械能，故是将内能转化为机械能的过程；四冲程汽油机中的做功冲程就是利用内能来做功的冲程，也是将内能转化为机械能。故选：C。【点评】本题主要考查的是学生对做功改变物体内能和热机做功冲程的认识和了解，基第 12页（共 23页）础性题目。6【分析】在码头卸下货物后，根据漂浮条件即可判断浮力变化，根据阿基米德原理分析排开江水和海水体积的大小关系。【解答】解：因轮船在江水中，处于漂浮状态，浮力等于重力，在码头卸下货物后，轮船重力变小，则受到的浮力变小；由公式 V排知，排开水的体积减小，轮船要上浮一些，故 A 正确。故选：A。【点评】本题考查物体的浮沉条件及阿基米德原理，解决这类题目主要是抓住题目的隐含信息，即轮船重力的变化。7【分析】闭合电路的一部分导体在磁场中做切割磁感线运动，产生感应电流的现象叫电磁感应，电磁感应产生的电流叫做感应电流。【解答】解：A、导体棒处于静止状态时，没有做切割磁感线运动，不会产生感应电流，灵敏电流计的指针不发生偏转，故 A 错误；B、导体棒沿竖直方向向下运动时，没有做切割磁感线运动，不会产生感应电流，灵敏电流计的指针不发生偏转，故 B 错误；C、导体捧沿竖方向向左右运动时，做切割磁感线运动，会产生感应电流，灵敏电流计的指针发生偏转，故 C 正确；D、导体棒向右上方运动时，做切割磁感线运动，会产生感应电流，灵敏电流计的指针发生偏转，故 D 错误。故选：C。【点评】知道产生感应电流的条件是解决该题的关键。8【分析】（1）由图（a）可知，当电阻甲、乙两端电压为 2.5V 时通过两者的电流，根据欧姆定律可知电阻甲、乙的阻值关系；（2）图（b）中，两电阻串联，通过它们的电流相等且总电压等于各分电压之和，根据图（a）得出符合的电流和电压，根据欧姆定律求出此时乙的电阻；（3）图（c）中，两电阻并联，它们两端的电压相等干路电流等于各支路电流之和，根据图（a）得出符合的电流和电压；（4）根据图（c）得出在电压 U 从 0 增大到 2.5V 的过程中通过两电阻电流的差值关系。第 13页（共 23页）【解答】解：A由图（a）可知，当电阻甲、乙两端电压为 2.5V 时，通过两者的电流均为 0.5A，则由 I的变形式 R可知，电阻甲、乙的阻值相等，故 A 正确；B图（b）中，两电阻串联，由图（a）可知，当电路中的电流 I0.2A、U甲1V、U乙2V 时，电压 U 为 3V，此时乙的电阻 R乙10，故 B 错误；C图（c）中，两电阻并联，由图（a）可知，当电压 U2V、I甲0.4A、I乙0.2A 时，干路总电流为 0.6A，故 C 正确；D图（c）中，两电阻并联，由图（a）可知，在电压 U 从 0 增大到 2.5V 的过程中，通过甲、乙两电阻的电流之差先变大后变小，故 D 正确。故选：B。【点评】本题考查了并联电路的特点和欧姆定律的应用，关键是从图象中获取有用的信息。二、填空题（本题共二、填空题（本题共 10 小題，每空小題，每空 1 分，共分，共 24 分）分）9【分析】（1）微波是指频率为 300MHz300GHz 的电磁波，WiFi 在 2.4Ghz 频段工作，属于微波；（2）电磁波的传播不需要介质，它可以在真空中传播。【解答】解：WiFi 利用了电磁波中的微波技术进行信息传输，电磁波能在真空中传播。故答案为：电磁；能。【点评】wifi、蓝牙、对讲机、子母机等近距离无线通信技术都是利用电磁波传输的。10【分析】力的作效果是可以改变物体的形状，也可以改变物体的运动状态；一切物体都具有保持原来运动状态不变的性质，叫惯性；二力平衡的条件是：作用在同一个物体上的两个力，大小相等，方向相反，作用在一条直线上。【解答】解：力可以改变物体的运动状态，所以运动员将静止的足球踢飞，运动状态发生变化；一切物体都具有惯性，落地后的足球由于惯性，要保持原来的运动状态，所以会在地面上滚动；当足球静止在水平地面上时，它受到的重力和地面的支持力大小相等、方向相反、作用在同一直线上、作用在同一物体上，是一对平衡力。第 14页（共 23页）故答案为：改变物体运动状态；惯性；平衡力。【点评】此题考查了力的作用效果、惯性的存在及平衡力与相互作用力的区别。平衡力与相互作用力有一个最明显的区别：平衡力作用在一个物体上，相互作用力作用在两个物体上。11【分析】（1）能从自然界源源不断得到或可重复利用的能源是可再生能源，如：太阳能、风能等都是可再生能源；不能从自然界源源不断得到或不能重复利用的能源是不可再生能源；（2）容易导电的物体叫导体，不容易导电的物体叫绝缘体，导电性能介于导体与绝缘体间的物体是半导体。【解答】解：太阳能从自然界源源不断得到，是可再生能源；LED 灯是一种新型的高效节能光源，它的核心元件是发光二极管，二极管是由半导体材料制成的。故答案为：可再生；半导体。【点评】本题考查能源的分类，以及半导体是一道基础题。12【分析】（1）根据平面镜成正立、等大的虚像的特点即可直接得出答案；（2）光的反射分为镜面反射与漫反射两种，光污染主要是由镜面反射引起的。【解答】解：因为平面镜成正立、等大的虚像，所以人们可以通过大厦的外部安装的平板玻璃幕墙看到自己的虚像；由于平面镜成的像与物大小相同，故人远离幕墙时像的大小不变；高楼大厦的玻璃幕墙造成的光污染是由于光的镜面反射引起的。故答案为：虚；不变；镜面。【点评】本题考查了平面镜成像的特点以及镜面反射的危害，此题难度不大，属于基础题。13【分析】（1）当杠杆在不挂钩码时处于水平平衡状态时，从支点到挂钩码处杠杆的长度即为力臂长度，便于测量力臂。（2）根据杠杆的平衡条件可以求出在 B 处挂钩码的个数；（3）根据杠杆平衡条件，阻力和阻力臂不变时，弹簧测力计倾斜，动力臂变小，动力变大。【解答】解：（1）实验前调节平衡蜾母使杠杆在水平位置平衡，当杠杆在不挂钩码时处于水平平衡状态时，从支点到挂钩码处杠杆的长度即为力臂长度，目的之一是方便测量第 15页（共 23页）力臂；（2）设一个钩码的重力为 G，杠杆一个小格代表 L，图中，杠杆的左端：4G3L12GL，B 处的力臂为 4L，杠杆的右端：F24L12GL，解得 F23G，即在 B 处挂 3 个同样的钩码；（3）弹簧测力计竖直向上拉杠杆时，拉力力臂为 OC，当弹簧测力计逐渐向右倾斜时，拉力的力臂小于 OC，拉力力臂变小，拉力变大，弹簧测力计示数变大。故答案为：（1）力臂；（2）3；（3）变大。【点评】本题考查了杠杆平衡的条件实验的理解和掌握，学会应用杠杆平衡条件来解决问题，难度不大。14【分析】小球动能的大小跟质量和速度有关，研究动能大小与这两个因素关系时，要用控制变量法，小球动能的大小通过它能够对外做功的多少来体现；【解答】解：在探究小球动能大小与速度的关系时，根据控制变量法的操作原则，应当保持小球的质量不变，本实验是通过木块 B 被撞击后前进的距离来反映小球动能大小的；故答案为：质量；被推动的距离大小。【点评】本题考查影响物体动能大小的影响因素实验，关键是将课本知识内容记忆清楚，仔细分析即可。15【分析】（1）根据 W有用Gh 求出有用功；（2）根据 s2h 求出拉力移动距离，根据 W总Fs 求出总功，再根据 P求出拉力的功率；（3）根据求出机械效率。【解答】解：（1）工人做的有用功：W有用Gh80N3m240J；（2）拉力移动距离 s2h23m6m，工人做的总功：W总Fs50N6m300J，拉力的功率：P15W；第 16页（共 23页）（3）动滑轮的机械效率：100%100%80%。故答案为：240；15；80%。【点评】此题主要考查的是学生对有用功、总功、功率、机械效率计算的理解和掌握，综合性较强，难度不大。16【分析】根据表的示数读出起点与终点的时刻。然后通过读刻度尺得出起点与终点的距离，再根据 v，求得平均速度。【解答】解：小车运动的距离：s8.50cm4.00cm4.50cm，小车运动的时间 t10：6：710：6：25s，小车的运动速度 v0.90cm/s。故答案为：4.50；0.90。【点评】本题考查了速度公式的应用，能从图读出相关信息（小车通过的距离、小车用的时间）是本题的关键。17【分析】根据流体压强与流速的关系（流速越快的地方压强越小）判断产生压力的方向，然后判断滑片移动的方向确定接入电路中电阻的变化，根据欧姆定律可知电路中电流的变化和定值电阻两端的电压变化，根据串联电路的电压特点和滑动变阻器两端的电压变化，进而提出改进措施。【解答】解：如图当有风吹过探头时，由于探头上表面凸，相同时间空气经过上表面的路程比下表面长，经过上表面的速度比下表面快，所以上表面的气压小于下表面的气压，探头将受到一向上的合力，滑片向上移动；故该装置利用了流体流速越大，压强越小的原理。当风速增大时，探头上下表面空气流速差较大，上下表面气压差较大，受向上的合力较大，滑片上移，R2接入电路中的电阻变小，电路中的总电阻变小，由 I可知，电路中的电流变大，因串联电路中总电压等于各分电压之和，所以，R2两端的电压变小，即电压表的示数变小，若使风吹过探头时，风速越大，电压表的示数越大，可将电压表接在定值电阻两端，由 UIR 可知，R1两端的电压变大，电压表的示数变大。第 17页（共 23页）故答案为：小；将电压表接在定值电阻两端。【点评】本题是力学和电学的综合题，涉及到串联电路的特点和欧姆定律的应用，会利用流体压强和流速的关系是解题的关键。18【分析】由电路图可知，定值电阻 R 与滑动变阻器串联，电压表测变阻器两端的电压，电流表测电路中的电流。当滑动变附器滑片 P 位于 1 位置时，知道变阻器两端的电压和电路中的电流，根据欧姆定律求出滑动变阻器接入电路的阻值，根据串联电路的电压特点和欧姆定律表示出电源的电压；当滑片由 1 移至 2 位置时，知道变阻器两端的电压和电路中的电流，根据串联电路的电压特点和欧姆定律表示出电源的电压，联立等式即可求出 R 的阻值，利用 PI2R 求出滑片由 1 移至 2 位置的过程中定值电阻 R 的电功率变化量。【解答】解：由电路图可知，定值电阻 R 与滑动变阻器串联，电压表测变阻器两端的电压，电流表测电路中的电流。当滑动变附器滑片 P 位于 1 位置时，变阻器两端的电压 U14V，电路中的电流 I10.2A，由 I可得，此时滑动变阻器接入电路的阻值：R120，因串联电路中总电压等于各分电压之和，所以，电源的电压：UU1+I1R4V+0.2AR当滑片由 1 移至 2 位置时，变阻器两端的电压 U23V，电路中的电流 I20.3A，则电源的电压：UU2+I2R3V+0.3AR联立可得：R10，滑片由 1 移至 2 位置的过程中，定值电阻 R 的电功率变化量：PRPRPRI22RI12R（0.3A）210（0.2A）2100.5W。故答案为：20；0.5。【点评】本题考查了串联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的应用，要注意电压表不测带电源用电器两端的电压。三、解答题（本题共三、解答题（本题共 10 小题，共小题，共 40 分，解答第分，解答第 24 题时，应写出解题过程）题时，应写出解题过程）第 18页（共 23页）19【分析】根据光的反射定律的内容：反射光线与入射光线、法线在同一平面上；反射光线和入射光线分居在法线的两侧；反射角等于入射角。即可作图。【解答】解：先过入射点作出法线，再根据反射光线和入射光线分居在法线的两侧，使反射角等于入射角作出反射光线 OB 即可，如图所示：【点评】此题主要考查反射定律的内容，会根据反射定律完成反射光路，比较简单，要求学生应熟练掌握。20【分析】重力的作用点在物体的重心，无论物体处于什么状态，重力的方向都是竖直向下的，根据力的示意图的画法画出其示意图。【解答】解：过茶杯的重心沿竖直向下的方向画一条带箭头的线段，并用符号 G 表示，如图所示：【点评】该题主要考查重力的图示的画法，注意重力的方向始终竖直向下；示意图的画法属于学生必须掌握的一项基本技能。21【分析】由电源方向即可知道电流方向，则由安培定则即可判出磁极方向。【解答】解：由电源方向可知电流由正极流向负极，则可知电流方向为由右端流入左端，由安培定则可得磁极方向是左侧为 N，故答案如图：【点评】安培定则内容为：右手握住螺线管，四指指向电流方向，则大拇指所指的方向为磁场的 N 极方向。22【分析】滑轮组绳子的绕法，有两种：一是绳子先系在定滑轮的固定挂钩上，绕过下面第 19页（共 23页）的动滑轮，再绕过上面的定滑轮；二是绳子先系在动滑轮的固定挂钩上，绕过定滑轮，然后再绕过动滑轮。本题中，要求最省力，属于第二种。【解答】解：图中只有一个动滑轮和一个定滑轮，要求最省力，则由 3 段绳子承担物重，是最省力的绕绳方法；绳子先系在动滑轮的固定挂钩上，绕过上面的定滑轮，再绕过动滑轮，如图所示：【点评】本题画最省力的绕绳方法：绳子先系在动滑轮的固定挂钩上，绕过上面的定滑轮，再绕过动滑轮。23【分析】（1）将天平放在水平工作台上，游码移到标尺左端的零刻线处。调节天平平衡时，如果指针偏向分度盘的右侧，应向左调节平衡螺母；如果指针偏向分度盘的左侧，应向右调节平衡螺母；根据图示情景判断螺母的移动方向。（2）砝码与游码示数之和是所测物体的质量。（3）小石块与水的体积之和与水的体积之差是小石块的体积。（4）由密度公式可以求出小石块的密度。【解答】解：（1）将天平放在水平工作台上，游码移到标尺左端的零刻线处。由图甲所示可知，指针偏向分度盘的右侧，应向左调节平衡螺母，使天平平衡。（2）由图乙所示可知，小石块的质量 m50g+10g+4g64g。（3）由图丙所示可知，金属螺母的体积 V40ml20ml20ml20cm3，（4）小石块的密度3.2g/cm33.2103kg/m3。故答案为：（1）零刻线处；左；（2）64；（3）20；（4）3.2103。【点评】本题考查了天平的调节与读数、量筒读数、求密度等问题；要掌握天平的使用方法、读数方法。第 20页（共 23页）24【分析】（1）已知电热水壶的额定电压和额定功率，利用公式 I得到额定电流；（2）已知电热水壶的质量，可以得到重力，电热水壶对桌面的压力等于其重力；已知压力和接触面积，可以得到电热水壶对桌面的压强；（3）已知水的比热容、质量、初温度和末温度，利用公式 Qcmt 得到水吸收的热量；（4）不考虑热量损失，消耗的电能等于水吸收的热量。已知电热水壶额定功率和消耗的电能，可以得到加热时间。【解答】解：（1）由 PUI 可得，电热水壶的额定电流：I4.5A；（2）电热水壶对桌面的压力：FGmg0.6kg10N/kg6N，电热水壶对桌面的压强：p300Pa；（3）水吸收的热量：Q吸cmt4.2103J/（kg）1kg（10020）336000J；（4）已知不考虑热量损失，所以消耗的电能 WQ336000J，由 P可得，需要的加热时间：t336s。答：（1）电热水壶的额定电流为 4.5A；（2）电热水壶对桌面的压强为 300Pa；（3）水吸收的热量为 336000J；（4）将壶中质量为 lkg、初温为 20的水加热到 100需要 336s。【点评】此题是一道综合题，考查了电功率变形公式、压强计算公式、热量计算公式和电能变形公式的应用，计算环节不复杂，难度不大。25【分析】（1）在此实验中，酒精灯及温度计的使用都有特殊的规定：使用酒精灯的外焰加热，温度计的玻璃泡要完全浸没在液体中，但不能碰到容器底；所以要从下向上进行调节；（2）水沸腾时的特点：不断吸热，但温度保持不变。液体沸腾的条件：达到沸点、继续吸热；第 21页（共 23页）（3）根据水沸腾前和沸腾时的现象区别：沸腾前气泡在上升过程中体积逐渐减小；沸腾时气泡在上升过程中体积逐渐增大。（4）改变物体内能的方法：做功和热传递，做功发生了能量的转化，热传递发生的是能量的转移。【解答】解：（1）由于要用酒精灯的外焰加热，所以需先根据酒精灯固定图甲的 B 的高度；目的是使用酒精灯的外焰加热；（2）从图象可以看出水在沸腾过程中保持 99不变，所以沸点为 99水沸腾时，不断吸收热量，温度保持不变。（3）A 中气泡在上升过程中体积逐渐变大，所以是沸腾时的现象；B 图中气泡在上升过程中体积逐渐减小，所以是沸腾前的现象。（4）实验中，由于酒精灯火焰的温度较高，所以热由酒精灯火焰传递给石棉网、烧杯底，然后传递给水，是通过热传递方式增加水的内能的；要缩短加热时间，可适当提高水的初温或适当减少水量。故答案为：（1）B；（2）99；不变；（3）A；（4）热传递；提高水的初温或适当减少水量。【点评】本题是探究水的沸腾实验，考查了温度计的使用及其读数，同时考查了改变物体内能的方法及缩短加热时间的方法，难度不大。26【分析】（1）凸透镜成像时，前后光线相差越大，实验效果越明显，蜡烛的像越明显；（2）探究凸透镜成像的实验时，必须调整烛焰、凸透镜、光屏三者的中心在同一高度，且使烛焰和光屏的中心位于凸透镜的主光轴上，这样像才能成在光屏的中央。（3）物距大于 2f，凸透镜成倒立缩小的实像，相距处于 f 和 2f 之间，照相机根据这个原理制成；物距等于 2f，凸透镜成倒立等大的实像，据此可以确定凸透镜的焦距；物距处于 f 和 2f 之间，凸透镜成倒立放大的实像，像距大于 2f，幻灯机或投影仪根据这个原理制成；物距小于 f，凸透镜成正立放大的虚像，放大镜根据这个原理制成。【解答】解：（1）为使实验现象更加明显，实验环境应该比较暗，这样成的蜡烛的像更加清晰；（2）探究凸透镜成像的实验时，必须调整烛焰、凸透镜、光屏三者的中心在同一高度，且使烛焰和光屏的中心位于凸透镜的主光轴上，这样像才能成在光屏的中央。（3）如图所示，当蜡烛距离凸透镜 40cm 时，物距大于 2f，凸透镜成倒立缩小的实像，第 22页（共 23页）移动光屏，可在光屏上找到一个清晰的倒立缩小的实像；照相机就是利用这一原理工作的。（4）将图中的凸透镜换成焦距为 30cm 的凸透镜，保持蜡烛和凸透镜的位置不变，物距处于 f 和 2f 之间，凸透镜成倒立放大的实像，像距大于 2f，在光具座上移动光屏，不能找到某一位置，使像清晰的呈现在光屏上，理由是像距过大，超出了光具座给提供的长度。故答案为：（1）较暗；（2）主光轴；（3）缩小；照相机；（4）不能；像距过大，超出了光具座给提供的长度。【点评】此题主要考查了有关凸透镜成像规律的应用，首先要掌握凸透镜成像特点与物距、像距的关系，并能灵活应用。27【分析】（1）根据灯泡的额定功率和电阻，利用欧姆定律计算灯泡电流，确定电流表的量程，并且电流表与灯泡串联；（2）连接电路时，开关应处于断开状态；（3）小灯泡始终不亮，电压表有示数，电流表无示数，则可能与电压表并联的电路断路；（4）电压表读数：先确定使用的量程，然后确定分度值。通过实际电压与额定电压的关系，当实际电压小于额定电压时，滑动变阻器接入电路中的阻值需减小；（5）在图象上找出灯泡额定电压下的电流，根据 PUI 计算额定功率。【解答】解：（1）灯泡的电流约：I0.25A，因此电流表选择 00.6A 的量程，并且电流表与灯泡串联，电流从电流表的正接线柱流入，从负接线柱流出，如图：（2）连接电路时，开关要处于断开状态；（3）小灯泡始终不亮，电压表有示数，电流表无示数，则可能与电压表并联的灯泡断路；（4）电压表选择 03V 量程，每一个大格代表 1V，每一个小格代表 0.1V，电压为 2.1V；灯泡实际电压小于额定电压，为了使灯泡正常发光，滑动变阻器分得的电压需减小，因第 23页（共 23页）此滑片需向 B 端移动；（5）由图象知：灯泡在额定电压 2.5V 时，通过灯泡的电流为 0.2A，则小灯泡的额定功率：PUI2.5V0.2A0.5W；故答案为：（1）见上图；（2）断开；（3）灯泡断路；（4）2.2；B；2.5；（5）0.5。【点评】本题考查了测“小灯泡电功率”的实验中实验器材的正确使用、电路的连接、注意事项、电路故障分析和利用欧姆定律及功率的计算等问题，虽综合性强，但都是很基础、很重点的知识，只要掌握以上知识点，解决此题不难。28【分析】（1）探究电阻和边长的关系，需要其他物理量相同，探究电阻和厚度关系，需要控制其他物理量相同。（2）导体的电阻跟厚度成反比，串联电路中电压跟电阻成正比。（3）导体的电阻跟边长没有关系，在电阻不变时，选取的边长越小所占空间越小。【解答】解：（1）由实验 1、2、3、4 得，导体的厚度一定时，边长增大，电阻不变，说明导体的电阻跟边长无关。由实验 2、5、6、7 得，在导体的边长一定时，导体的厚度和电阻的乘积都为 1.6，所以可以判断导体的电阻跟厚度成反比。（2）导体的电阻跟边长无关，导体的电阻跟厚度成反比，厚度 A 之比为 2：3，所以电阻之比为 3：2，串联电路中电压跟电阻成正比，所以电阻两端的电压之比为 3：2。（3）导体的电阻跟边长没有关系，在电阻不变时，选取的边长越小所占空间越小，所以选择边长为 5mm 的导体。故答案为：（1）无关；反比；（2）3：2；（3）电阻大小不变，所占空间小。【点评】这种题目属于信息给予题，给定数据学生自己归纳结论，然后利用结论去解题，这种题目特别考查学生的能力。