2019版高中物理 第一章 机械振动试卷 教科版选修3-4.doc
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1、1第一章第一章 机械振动机械振动章末检测试卷章末检测试卷(时间:90 分钟 满分:100 分)一、选择题(本题共 12 小题,每小题 4 分,共 48 分)1.(多选)关于做简谐运动的物体完成一次全振动的意义,有以下几种说法,其中正确的是( )A.回复力第一次恢复为原来的大小和方向所经历的过程B.位移和速度第一次同时恢复为原来的大小和方向所经历的过程C.动能或势能第一次恢复为原来的大小所经历的过程D.速度和加速度第一次同时恢复为原来的大小和方向所经历的过程答案 BD2.下列说法正确的是( )A.摆钟走时快了必须调短摆长,才可能使其走时准确B.火车过桥要减速慢行,是为了防止火车因共振而倾覆C.挑
2、水时为了防止水从水桶中荡出,可以加快或减慢走路的步频D.在连续均匀的海浪冲击下,停在海面上的小船上下振动,是共振现象答案 C解析 摆钟走时快了说明摆的周期变短了,需要增大单摆的周期,根据单摆的周期公式T2可知,必须增大摆长,才可能使其走时准确,故 A 错误;火车过桥时要减速是为l g了防止桥车发生共振,不是防止火车发生共振,故 B 错误;挑水的人由于行走,使扁担和水桶上下振动,当扁担与水桶振动的固有频率等于人迈步的频率时,发生共振,水桶中的水溢出,挑水时为了防止水从水桶中荡出,可以加快或减慢走路的步频,故 C 正确;停在海面上的小船上下振动,是受迫振动,故 D 错误.3.(多选)如图 1 所示
3、,A、B、C三个小钢球的质量分别为 2m、m、m,A球振动后,通过张1 2紧的水平细绳给其他各摆施加驱动力,当B、C振动达到稳定时,下列说法正确的是( )图 1A.B的振动周期最大2B.C的振幅比B的振幅小C.C的振幅比B的振幅大D.A、B、C的振动周期相等答案 CD解析 由题意知,A做自由振动,振动周期就等于其固有周期,而B、C在A产生的驱动力作用下做受迫振动,受迫振动的周期等于驱动力的周期,即等于A的固有周期,所以三个单摆的振动周期相等,故 A 错误,D 正确;由于C、A的摆长相等,则C的固有周期与驱动力周期相等,产生共振,其振幅比B的振幅大,故 C 正确,B 错误.4.如图 2 所示为某
4、质点在 04s 内的振动图像,则( )图 2A.质点振动的振幅是 2m,质点振动的频率为 4HzB.质点在 4s 末的位移为 8mC.质点在 4s 内的路程为 8mD.质点在t1s 到t3s 的时间内,速度先沿x轴正方向后沿x轴负方向,且速度先增大后减小答案 C解析 由题图可知振动的振幅A2m,周期T4s,则频率f 0.25Hz,选项 A 错误;1 T振动质点的位移是质点离开平衡位置的位移,4s 末的位移为零,选项 B 错误;路程s4A8m,选项 C 正确;质点从t1s 到t3s 的时间内,一直沿x轴负方向运动,选项D 错误.5.某同学在研究单摆的受迫振动时,得到如图 3 所示的共振曲线.横轴
5、表示驱动力的频率,纵轴表示稳定时单摆振动的振幅.已知重力加速度为g,下列说法中正确的是( )图 3A.由图中数据可以估算出单摆的摆长B.由图中数据可以估算出摆球的质量C.由图中数据可以估算出摆球的最大动能3D.如果增大该单摆的摆长,则曲线的峰将向右移动答案 A解析 从单摆的共振曲线可以得出单摆的固有频率,单摆的固有频率等于振幅最大时的驱动力的频率,根据单摆的频率可以计算出单摆的周期,根据单摆的周期公式可以估算出单摆的摆长,选项 A 正确;从单摆的周期无法计算出单摆的摆球质量和摆球的最大动能,选项 B、C 错误;如果增大单摆的摆长,单摆的周期增大,频率减小,曲线的峰将向左移动,选项 D 错误.6
6、.(多选)某单摆原来的周期为T,下列哪些情况会使单摆周期发生变化( )A.摆长减为原来的1 4B.摆球的质量减为原来的1 4C.振幅减为原来的1 4D.重力加速度减为原来的1 4答案 AD解析 由单摆周期公式可知周期仅与摆长、重力加速度有关,故 A、D 正确.7.(多选)如图 4 甲所示,弹簧振子以O点为平衡位置,在A、B两点之间做简谐运动.取向右为正方向,振子的位移x随时间t的变化图像如图乙所示,下列说法正确的是( )图 4A.t0.8s 时,振子的速度方向向左B.t0.2s 时,振子在O点右侧 6cm 处2C.t0.4s 和t1.2s 时,振子的加速度完全相同D.t0.4s 到t0.8s
7、的时间内,振子的加速度逐渐减小答案 ABD解析 从t0.8 s 时起,再过一段微小的时间,振子的位移为负值,因为取向右为正方向,故t0.8 s 时,速度方向向左,A 正确;由题中图像得振子的位移x12sint cm,故5 4t0.2 s 时,x6 cm,故 B 正确;t0.4 s 和t1.2 s 时,振子的位移方向相反,由2a知,加速度方向相反,C 错误;t0.4 s 到t0.8 s 的时间内,振子的位移逐渐kx m4变小,故振子逐渐靠近平衡位置,其加速度逐渐变小,故 D 正确.8.如图 5 所示,两段光滑圆弧轨道半径分别为R1和R2,圆心分别为O1和O2,所对应的圆心角均小于 5,在最低点O
8、平滑连接.M点和N点分别位于O点左右两侧,MO的距离小于NO的距离.现分别将位于M点和N点的两个小球A和B(均可视为质点)同时由静止释放.关于两小球第一次相遇点的位置,下列判断正确的是( )图 5A.恰好在O点B.一定在O点的左侧C.一定在O点的右侧D.条件不足,无法确定答案 C解析 据题意,两段光滑圆弧所对应的圆心角均小于 5,把两球在圆弧上的运动看做等效单摆,等效摆长等于圆弧的半径,则A、B两球的运动周期分别为TA2,TB2R1 g,两球第一次到达O点的时间分别为tATA,tBTB,由于R1R2,R2 g1 4 2R1 g1 4 2R2 g则tAtB,故两小球第一次相遇点的位置一定在O点的
9、右侧.故选 C.9.(多选)如图 6 所示是摆长均为L的两个单摆,两摆球间用一根细线相连,现使两摆线与竖直方向均成角(5),且使两单摆静止.已知甲的质量大于乙的质量.当细线突然断开后,两摆球都做简谐运动,从细线断开瞬间开始计时,当经过t时间,甲、乙两摆球第n次距离最近.则下列说法正确的是( )图 6A.甲的振幅小于乙的振幅B.甲的振幅等于乙的振幅5C.两单摆所处位置的重力加速度为g2n2L t2D.甲在平衡位置的速度等于乙在平衡位置的速度答案 BD解析 甲、乙两单摆的摆长相等,再结合题意可知,甲、乙两单摆做简谐运动的振幅相等,A 错误,B 正确;两单摆在平衡位置时速度最大,根据mghmv2,得
10、v,即速度与1 22gh质量无关,所以甲在平衡位置的速度等于乙在平衡位置的速度,D 正确;当经过t时间,甲、乙两摆球第n次距离最近,说明单摆周期为T ,根据T2,知单摆周期与质量t nL g无关,且两单摆所处位置的重力加速度为g,所以 C 错误.42n2L t210.劲度系数为k的轻弹簧竖直悬挂,在其下端挂一质量为m的砝码,然后从弹簧原长处由静止释放砝码,不计阻力,重力加速度为g.则( )A.砝码的运动不是简谐振动B.砝码最大加速度为 2gC.砝码偏离平衡位置的最大位移为2mg kD.弹簧最大弹性势能为2m2g2 k答案 D解析 设砝码的最大速度为vm,砝码的速度最大时,弹簧弹力大小等于砝码的
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