最新2019届高三物理上学期12月检测试题试题(含解析)人教新目标版.doc
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1、- 1 -20192019 届高三届高三 1212 月检测试卷月检测试卷物理试题物理试题一、选择题(本题共一、选择题(本题共 1010 小题,每小题小题,每小题 4 4 分,共分,共 4040 分,其中分,其中 1 17 7 题为单项选择题,题为单项选择题,8 81010 题题为多项选择题,多选或错选不能得分,选对但不全得为多项选择题,多选或错选不能得分,选对但不全得 2 2 分)分)1. 如图所示,在足够高的竖直墙壁MN的左侧某点O以不同的初速度将小球水平抛出,其中OA沿水平方向,则所有抛出的小球在碰到墙壁前瞬间,其速度的反向延长线( )A. 交于OA上的同一点B. 交于OA上的不同点,初速
2、度越大,交点越靠近O点C. 交于OA上的不同点,初速度越小,交点越靠近O点【答案】A【解析】设小球到达墙壁时速度方向与水平方向的夹角为 ,位移与水平方向的夹角为 ,如图所示:则有:,可得:,由几何关系知,速度的反向延长线经过AO的中点,即所有小球速度的反向延长线交于OA上的同一点,故 A 正确,BCD 错误。2. 伽利略用两个对接的斜面,一个斜面固定,让小球从固定斜面上滚下,又滚上另一个倾角可以改变的斜面,斜面倾角逐渐改变至 0,如图所示。伽利略设计这个实验的目的是说明( )- 2 -A. 如果没有摩擦,小球将运动到与释放时相同的高度B. 如果没有摩擦,物体运动时机械能守恒C. 维持物体做匀速
3、直线运动并不需要力D. 如果物体不受到力,就不会运动【答案】C【解析】伽利略的理想斜面实验证明了:运动不需力来维持,物体不受外力作用时,总保持原来的匀速直线运动状态或静止状态,故 C 正确3. 一物体以初速度 10m/S 在粗糙水平地面上做匀减速滑行,第一秒内位移为 9m,则( )A. 第一秒末速度为 9m/sB. 物体滑行的加速度大小为 lm/s2C. 物体滑行的加速度大小为 2m/s2D. 物体在 6 秒内的位移为 24m【答案】C【解析】设物体在第 1s 末的速度为v1,由题意有:,平均速度为:,联立可得:,故 A 错误;根据加速度定义式:,所以物体滑行的加速度大小为 2m/s2,故 C
4、 正确,B 错误;物体速度减为零所需时间:,因为 6s5s,所以物体 5s 后就停止运动,物体 6s 内的位移为:,故 D 错误。所以 C 正确,ABD 错误。4. 芬兰小将拉林托以两跳 240.9 分的成绩在跳台滑雪世界杯芬兰站中获得冠军如右图所示是简化后的跳台滑雪的雪道示意图,拉林托从助滑雪道AB上由静止开始滑下,到达C点后水平飞出,落到滑道上的D点,E是运动轨迹上的某一点,在该点拉林托的速度方向与轨道CD平行,设拉林托从C到E与从E到D的运动时间分别为t1、t2,EF垂直CD,则( )- 3 -A. t1t2,CFt2,CFFD D. t1t2,CFFD【答案】A【解析】试题分析:运动员
5、从 C 点水平飞出后做平抛运动,可以不用通常的分解方法,而建立这样的坐标系:以 C 点为原点,CD 为 X 轴,和 CD 垂直向上方向为 Y 轴,进行运动分解,Y 轴方向做类似竖直上抛运动,X 轴方向做匀加速直线运动以 C 点为原点,CD 为 x 轴,和 CD 垂直向上方向为 y 轴,建立坐标系;进行运动分解,y 轴方向做类竖直上抛运动,x 轴方向做匀加速直线运动当运动员速度方向与轨道平行时,在y 轴方向上到达最高点,根据对称性,而 x 轴方向运动员做匀加速运动,故CFFD,故 A 正确5. 如图所示,两根细线 AC、BC端系在竖直杆上,另一端共同系着质量为 m 的小球,当系统绕竖直杆以角速度
6、水平旋转时,两根细线均处于伸直状态,下列说法正确的是( )A. 小球一定受到三个力作用B. 小球可能受两个力作用C. 增大角速度,细线 AC 的拉力减小,BC 的拉力增加D. 增大角速度,细线 AC 的拉力增加,BC 的拉力减小【答案】B【解析】小球可能受重力和上面绳子拉力的合力提供向心力,下面绳子的拉力为零,故 B 正确,A 错误;小球做圆周运动,在竖直方向上的合力为零,若两根细线均有拉力,可知上面绳子的拉力大于下面绳子的拉力,故 C 错误;设AC绳与竖直方向的夹角为,BC绳与竖直- 4 -方向的夹角为,对物体C进行受力分析,在竖直方向有: ,根据向心力公式则有:,可知当的增大时,所需的向心
7、力增大,绳子BC和AC的力都增大,故 CD 错误。所以 B 正确,ACD 错误。6. 如右图所示,轻杆长 3L,在杆两端分别固定质量均为m的球A和B,光滑水平转轴穿过杆上距球A为L处的O点,外界给系统一定能量后,杆和球在竖直平面内转动,球B运动到最高点时,杆对球B恰好无作用力忽略空气阻力则球B在最高点时( )A. 球B的速度大小为 0B. 球A的速度大小为C. 水平转轴对杆的作用力为 1.5mgD. 水平转轴对杆的作用力为 2.5mg【答案】C【解析】试题分析:球 B 运动到最高点时,球 B 对杆恰好无作用力,即重力恰好提供向心力,有解得,故 A 错误;由于 A、B 两球的角速度相等,则球 A
8、 的速度大小,故B 错误;.故 C 正确,D 错误故选 C.考点:圆周运动;牛顿第二定律的应用.7. 每年的某段时间内太阳光会直射地球赤道如图所示,一颗卫星在赤道正上方绕地球做匀速圆周运动,运动方向与地球自转方向相同每绕地球一周,黑夜与白天的时间比为- 5 -1:5。设地表重力加速度为 g,地球半径为 R,地球自转角速度为。忽略大气及太阳照射偏移的影响,则赤道上某定点能够直接待续观测到此卫星的最长时间为( )A. B. C. D. 【答案】B【解析】因每绕地球一周,黑夜与白天的时间比为 1:5,则由几何关系可知,卫星的轨道半径为 ,则根据 以及 解得 ;设赤道上某定点能够直接持续观测到此卫星的
9、最长时间为 t,则在时间 t 内卫星转过的角度和赤道上的人随地球转动的角度之差应为 ,即,解得 ,故选 B.8. 如右图所示,斜劈 B 固定在弹簧上,斜劈 A 扣放在 B 上,A、B 相对静止,待系统平衡后用竖直向下的变力 F 作用于 A,使 A、B 缓慢压缩弹簧,弹簧一直在弹性限度内,则下面说法正确的是- 6 -A. 压缩弹簧的过程中,B 对 A 的摩擦力逐渐增大B. 压缩弹簧的过程中,A 可能相对 B 滑动C. 当弹簧压缩量为某值时,撤去力 F,在 A、B 上升的过程中,B 对 A 的作用力先增大后减小D. 当弹簧压缩量为某值时,撤去力 F,在 A、B 上升的过程中,A、B 分离时,弹簧恢
10、复原长【答案】AD【解析】试题分析:因为开始 A 相对于 B 静止,则 A 在沿斜面方向的分力小于等于最大静摩擦力,设斜劈的倾角为 ,有:mgsinmgcos,所以(mg+F)sin(mg+F)cos,所以 A、B 在缓慢压缩弹簧的过程中,仍然能保持相对静止,A 所受的摩擦力f=(mg+F)sin,对整体分析,F 逐渐增大,可知摩擦力逐渐增大,故 A 正确,B 错误撤去 F 后,在弹簧恢复原长前,整体的加速度逐渐减小,隔离对 A 分析,有:F-mg=ma,则 B对 A 的作用力逐渐减小当弹簧恢复原长后,B 受到重力和弹簧的弹力作用,加速度大于g,将与 A 发生分离故 C 错误,D 正确故选 A
11、D。考点:共点力平衡;牛顿第二定律【名师点睛】解决本题的关键能够正确地受力分析,运用共点力平衡和牛顿第二定律进行求解,知道撤去 F 后,AB 开始具有相同的加速度,当弹簧恢复原长时,两者发生脱离。9. 如图所示,扶手电梯与水平地面的夹角为 30,质量为 m 的人站在电梯上,电梯由静止斜向上做匀加速运动时,人对电梯的压力是他体重的 倍。人随电梯上升高度 H 的过程中,下列说法正确的是(重力加速度为 g) ( )A. 人的重力势能增加 mgH- 7 -B. 人的机械能增加 mgHC. 人的动能增加 mgHD. 电梯的加速度为【答案】AC【解析】人克服重力做功为:mgH,所以人的重力势能增加mgH,
12、故 A 正确;根据牛顿第二定律,在竖直方向上有:N-mg=may,解得:ay=0.25g,根据平行四边形定则,电梯的加速度为:a=0.5g,故 D 错误;人所受的合外力为:,根据动能定理可得:,故 C 正确;人的机械能增加等于重力势能的增加量与动能增加量之和即:2mgH,故 B 错误。所以 AC 正确,BD 错误。10. 如右图所示,传送带的水平部分长为L,传动速率为v,在其左端无初速度释放一小木块,若木块与传送带间的动摩擦因数为,则木块从左端运动到右端的时间可能是( )A. B. C. D. 【答案】ACD【解析】试题分析:木块沿着传送带的运动可能是一直加速,也可能是先加速后匀速,对于加速过
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