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1、2023年高考物理模拟试卷注意事项1考生要认真填写考场号和座位序号。2试题所有答案必须填涂或书写在答题卡上,在试卷上作答无效。第一部分必须用2B 铅笔作答;第二部分必须用黑色字迹的签字笔作答。3考试结束后,考生须将试卷和答题卡放在桌面上,待监考员收回。一、单项选择题:本题共6小题,每小题4分,共24分。在每小题给出的四个选项中,只有一项是符合题目要求的。1、如图所示,斜面体置于粗糙水平面上,斜面光滑小球被轻质细线系住放在斜面上,细线另一端跨过定滑轮,用力拉细线使小球沿斜面缓慢向上移动一小段距离,斜面体始终静止移动过程中( )A细线对小球的拉力变小B斜面对小球的支持力变大C斜面对地面的压力变大D
2、地面对斜面的摩擦力变小2、如图所示,一直角三角形acd在竖直平面内,同一竖直面内的a、b两点关于水平边cd对称,点电荷Q1、Q2固定在c、d两点上。一质量为m、带负电的小球P在a点处于静止状态,取重力加速度为g,下列说法正确的是()AQ2对P的静电力大小为BQ1、Q2的电荷量之比为C将P从a点移到b点,电场力做正功D将P从a点沿直线移到b点,电势能先增大后减小3、如图(甲)所示,劲度系数为k的轻弹簧竖直放置,下端固定在水平地面上,一质量为m的小球,从高弹簧上端高h处自由下落若以小球开始下落的位置为原点,沿竖直向下建立一坐标轴OX,小球的速度v随时间t变化的图象如图(乙)所示其中OA段为直线,切
3、于A点的曲线AB和BC都是平滑的曲线,则关于A、B、C三点对应的x坐标及加速度大小,下列说法正确的是( )ABCD4、图1为沿斜坡向上行驶的汽车,当汽车以牵引力F向上运动时,汽车的机械能E与位移x的关系如图2所示(AB段为曲线),汽车与斜面间的摩擦忽略不计下列说法正确的是()A0x1过程中,汽车所受拉力逐渐增大Bx1x2过程中,汽车速度可达到最大值C0x3过程中,汽车的动能一直增大Dx1x2过程中,汽车以恒定的功率运动5、如图所示,一飞行器围绕地球沿半径为的圆轨道1运动,经点时,启动推进器短时间向后喷气使其变轨,轨道2、3是与轨道1相切于点的可能轨道,则飞行器()A变轨后将沿轨道3运动B变轨后
4、相对于变轨前运行周期变大C变轨前、后在两轨道上运动时经点的速度大小相等D变轨前经过点的加速度大于变轨后经过点的加速度6、如图,水平导体棒PQ用一根劲度系数均为k=80 N/m的竖直绝缘轻弹簧悬挂起来,置于水平向里的匀强磁场中,PQ长度为L=0.5 m,质量为m=0.1 kg。当导体棒中通以大小为I=2 A的电流,并处于静止时,弹簧恰好恢复到原长状态。欲使导体棒下移2 cm后能重新处于静止状态,(重力加速度g取10 m/s2)则( )A通入的电流方向为PQ,大小为1.2 AB通入的电流方向为PQ,大小为2.4 AC通入的电流方向为QP,大小为1.2 AD通入的电流方向为QP,大小为2.4 A二、
5、多项选择题:本题共4小题,每小题5分,共20分。在每小题给出的四个选项中,有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分,选对但不全的得3分,有选错的得0分。7、如图所示,玩具飞机以恒定的仰角斜向上做匀速直线运动,上升至距离地面某高度时,从玩具飞机上掉下一个小零件,零件掉下后,玩具飞机飞行速度保持不变,零件运动过程中受到的空气阻力不计,则零件落地时A速度比玩具飞机的速度大B和玩具飞机的速度大小可能相等C在玩具飞机的正下方D在玩具飞机正下方的后侧8、如图为某小型水电站的电能输送示意图,发电机通过升压变压器T1和降压变压器T2向用户供电,已知输电线的总电阻R=10,降压变压器T2的原、副线圈匝数之比
6、为4:1,副线圈与用电器R0组成闭合电路.若T1、T2均为理想变压器, T2的副线圈两端电压(V),当用电器电阻R0=ll时( )A通过用电器R0的电流有效值是20AB当用电器的电阻R0减小时,发电机的输出功率减小C发电机中的电流变化频率为100 HzD升压变压器的输入功率为4650W9、如图所示,一根固定的绝缘竖直长杆位于范围足够大且相互正交的匀强电场和匀强磁场中,电场强度大小为E=,磁感应强度大小为B。一质量为m、电荷量为q的带正电小圆环套在杆上,环与杆间的动摩擦因数为0现使圆环以初速度v0向下运动,经时间to,圆环回到出发点。若圆环回到出发点之前已经开始做匀速直线运动,不计空气阻力,重力
7、加速度为g。则下列说法中正确的是()A环经过时间刚好到达最低点B环的最大加速度为am=g+C环在t0时间内损失的机械能为m(-)D环下降过程和上升过程摩擦力的冲量大小不相等10、如图所示直角坐标xOy平面,在0xa区域内有沿x轴正向的匀强电场,电场强度大小为E;在xa的区域中有垂直于xOy平面的匀强磁场(图中未画出),一质量为m、电荷量为q的正粒子,从坐标原点由静止开始自由释放,不计粒子重力,能过坐标为(a,b)的P点,则下列说法正确的是( )A磁场方向垂直于xOy平面向里B粒子通过P点时动能为qEaC磁感应强度B的大小可能为 D磁感应强度B的大小可能为6三、实验题:本题共2小题,共18分。把
8、答案写在答题卡中指定的答题处,不要求写出演算过程。11(6分)某同学用图(a)所示的实验装置验证机械能守恒定律,其中打点计时器的电源为交流电源,可以使用的频率有20Hz、30 Hz和40 Hz,打出纸带的一部分如图(b)所示该同学在实验中没有记录交流电的频率,需要用实验数据和其他条件进行推算(1)若从打出的纸带可判定重物匀加速下落,利用和图(b)中给出的物理量可以写出:在打点计时器打出B点时,重物下落的速度大小为_,打出C点时重物下落的速度大小为_,重物下落的加速度的大小为_.(2)已测得=8.89cm,=9.5.cm,=10.10cm;当重力加速度大小为9.80m/,试验中重物受到的平均阻力
9、大小约为其重力的1%由此推算出为_ Hz12(12分)图(甲)是演示简谐运动图像的装置,它由一根较长的细线和较小的沙漏组成。当沙漏摆动时,漏斗中的细沙均匀流出,同时匀速拉出沙漏正下方的木板,漏出的细沙在板上会形成一条曲线,这条曲线可以理解为沙漏摆动的振动图像。图(乙)是同一个沙漏分别在两块木板上形成的曲线(图中的虚线表示)。(1)图(乙)的P处堆积的细沙比Q处_(选填“多”、“少”或“一样多”)。(2)经测量发现图(乙)中OB=OB,若木板1的移动速度v1=3m/s,则木板2的移动速度v2=_。四、计算题:本题共2小题,共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处,要求写出必要的文字说明、方程式和
10、演算步骤。13(10分)如图,在平面直角坐标系xOy内,第I象限存在沿y轴负方向的匀强电场,第IV象限以ON为直径的半圆形区域内,存在垂直于坐标平面向外的匀强磁场,磁感应强度大小为一质量为m、电荷量为q的带正电的粒子,自y轴正半轴上处的M点,以速度垂直于y轴射入电场。经x轴上处的P点进入磁场,最后垂直于y轴的方向射出磁场。不计粒子重力。求: 电场强度大小E; 粒子在磁场中运动的轨道半径r; 粒子在磁场运动的时间t。14(16分)如图所示,在直角坐标系xOy平面内第一、三、四象限存在垂直纸面向里的匀强磁场,第二象限存在沿y轴正方向的匀强电场。两个电荷量均为q、质量均为m的带负电粒子a、b先后以v
11、0的速度从y轴上的P点分别沿x轴正方向和负方向进入第一象限和第二象限,经过一段时间后,a、b两粒子恰好在x负半轴上的Q点相遇,此时a、b两粒子均为第一次通过x轴负半轴,P点离坐标原点O的距离为d,已知磁场的磁感应强度大小为,粒子重力不计,a、b两粒子间的作用力可忽略不计。求:(1)粒子a从P点出发到达Q点的时间t;(2)匀强电场的电场强度E的大小。15(12分)某军队在军事演习时,要检验战斗机对移动物体发射炮弹的命中率情况,已知某一战斗机在h=500m的高空以v1=1080km/h的速度水平匀速飞行,地面上两辆相距为270m的遥控车均以v2=108km/h的速度匀速直线前进,现战斗机先发射一个
12、炮弹,恰击中后面那辆遥控车,已知炮弹离开飞机时相对飞机的初速度为零,无人机和两遥控车在同一竖直面上,无人机、炮弹和遥控车均视为质点,不计空气阻力,重力加速度取10m/s2.(1)投弹时,飞机与后面遥控车的水平距离为多大?(2)若随后第二发炮弹要击中前一辆车,则两发炮弹发射的时间间隔为多少?(3)若飞机开启特定飞行模式后,水平速度被锁定,只允许调整高度。现若要在第一发炮弹打出t1=2s后立即发射第二枚炮弹,要求在该模式下击中另一日标,则该无人机是要升高还是降低高度,高度要改变多少?参考答案一、单项选择题:本题共6小题,每小题4分,共24分。在每小题给出的四个选项中,只有一项是符合题目要求的。1、
13、D【解析】此题是力学分析中的动态变化题型,其中球的重力以及支持力方向都没变,故可画动态三角形,如图,可知慢慢增大,减小,故AB错;可由隔离法分析斜面与地面之间力的作用,已知球给斜面的压力减小,故斜面对地面压力减小,对地面摩擦力减小,可知D正确,C错误故选D2、B【解析】A由于P处于平衡状态,可知Q2对P的静电力大小为选项A错误;B同理可知Q1对P的静电力大小为设ac=L,则 由库仑定律联立解得Q1、Q2的电荷量之比为选项B正确;CD将P从a点移到b点,电场力先做正功,后做负功,电势能先减小后增加,选项CD错误;故选B。3、B【解析】AB.OA段对应着小球下落h的过程,则XA=h,到达A点时的加
14、速度为aA=g,选项B正确,A错误;C.B点是速度最大的地方,此时重力和弹力相等,合力为0,加速度也就为0,由mg=kx,可知,所以B得坐标为h+,所以C错误D.取一个与A点对称的点为D,由A点到B点的形变量为,由对称性得由B到D的形变量也为,故到达C点时形变量要大于 h+2,加速度acg,所以D错误4、B【解析】A设斜板的倾角为,则汽车的重力势能,由动能定理得汽车的动能为,则汽车的机械能为,即图线的斜率表示F,则可知0x1过程中汽车的拉力恒定,故A错误;Bx1x2过程中,拉力逐渐减小,以后随着F的减小,汽车将做减速运动,当时,加速度为零,速度达到最大,故B正确;C由前面分析知,汽车先向上匀加
15、速运动,然后做加速度逐渐减小的加速运动,再做加速度逐渐增大的减速运动,0x3过程中,汽车的速度先增大后减小,即动能先增大后减小,故C错误;Dx1x2过程中,汽车牵引力逐渐减小,到x2处为零,则汽车到x2处的功率为零,故D错误故选B。5、B【解析】根据题意,飞行器经过点时,推进器向后喷气,飞行器线速度将增大,做离心运动,则轨道半径变大,变轨后将沿轨道2运动,由开普勒第三定律可知,运行周期变大,变轨前、后在两轨道上运动经点时,地球对飞行器的万有引力相等,故加速度相等,故B正确,ACD错误。故选B。6、C【解析】由题意知通电后弹簧恢复到原长,说明安培力方向向上,由平衡条件可得ILB=mg,代入数据解
16、得磁感应强度大小B=1 T。欲使导体棒下移2 cm后能重新处于静止状态,假设安培力方向向下,由平衡条件可得mg+ILB=kx,解得:I=1.2 A,假设成立,此时通入的电流方向为QP,故C正确,ABD错误。二、多项选择题:本题共4小题,每小题5分,共20分。在每小题给出的四个选项中,有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分,选对但不全的得3分,有选错的得0分。7、AC【解析】AB.零件掉下的一瞬间速度与玩具飞机的速度相同,根据机械能守恒可知,落地时的速度大于玩具飞机的速度,故A正确B错误;CD. 由于零件在运动过程中水平方向的分速度与玩具飞机的水平分速度相同,因此落地时在玩具飞机的正下方,
17、故C正确D错误;8、AD【解析】A. 降压变压器副线圈两端交变电压有效值为U=V=220V,负载电阻为11,所以通过R0电流的有效值是20A,故A正确;B. 当用电器的电阻R0减小时,由于电压不变,电流增大,输出功率增大,则发电机的输出功率也增大,故B错误; C. 交流电经过变压器,频率不变,则交流电的频率f=/2=50Hz.故C错误;D. 根据I3:I4=n4:n3得,输电线上的电流I3=5A,则输电线上损耗的功率P损= =2510W=250W,降压变压器的输入功率P3=U4I4=22020W=4400W,则升压变压器的输出功率P=P3+P损=4400+250W=4650W.故D正确;故选A
18、D【点睛】在输电的过程中,交流电的频率不变,结合降压变压器的输出电压和用电器的电阻,根据欧姆定律求出通过用电器的电流,结合输电线上的功率损失求出升压变压器的输入功率9、BC【解析】AB由题意可知,环在运动的过程中,受到的电场力大小为,方向始终竖直向上。假设竖直向下为正方向,则当环下滑的过程中,受力分析,根据牛顿第二定律得:得:负号代表该加速度与运动方向相反,故物体在下滑的过程中做加速度逐渐减小的减速运动;当环上升的过程中,根据牛顿第二定律解得:环做加速度逐渐减小的减速运动,在到达原出发点前,加速度减为零,此时,开始以速度v做匀速直线运动。所以由于运动的不对称性可以确定,从开始下滑到最低点的时间
19、不等于; 整个运动过程中,加速度一直减小,所以在运动的最开始时,加速度最大,加速度大小的最大值为:则A错误,B正确;C由以上计算,可知,整个过程中,系统损失的机械能C正确;D环上升和下降的过程中,摩擦力的冲量大小相等,D错误。故选BC。10、ABD【解析】根据题意可得,粒子能够通过(a,b)的P点,轨迹可能的情况如图所示,A根据左手定则可得,磁场方向垂直于xOy平面向里,A正确;B洛伦兹力不做功,整个过程中只有电场力做功,根据动能定理可得,粒子通过P点时动能为故B正确;CD粒子在磁场中运动的速度大小为v,则解得粒子在磁场中运动的半径为其中n=1、2、3,根据可得磁感应强度不可能为,当n=3时,
20、故C错误,D正确。三、实验题:本题共2小题,共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处,不要求写出演算过程。11、 40 【解析】(1)1打B点时,重物下落的速度等于AC段的平均速度,所以;2同理打出C点时,重物下落的速度;3由加速度的定义式得(2)4由牛顿第二定律得: ,解得:,代入数值解得:f=40Hz【点睛】本题主要考查验证机械能守恒定律实验、纸带数据分析解决这类问题的关键是会根据纸带数据求出打某一点的瞬时速度、整个过程的加速度;解决本题要特别注意的是打点计时器的频率不是经常用的50 Hz12、多 4m/s 【解析】(1)1在图(乙的处时,沙摆的速度最小,在处时,沙摆的速度最大,所以堆积的
21、细沙比处多;(2)2根据单摆周期公式:它们在同一地点,且摆长相同,则周期相同,设为,段经历的时间是:段经历的时间为:设板长为,则:比较可得:。四、计算题:本题共2小题,共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处,要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、【解析】设粒子在电场中运动的时间为,根据类平抛规律有:,根据牛顿第二定律可得:联立解得:粒子进入磁场时沿y方向的速度大小:粒子进入磁场时的速度:方向与x轴成角,根据洛伦兹力提供向心力可得:解得:粒子在磁场中运动的周期:根据几何关系可知粒子在磁场中做圆周运动的圆心角:,则粒子在磁场中运动的时间:14、(1)(2)【解析】(1)粒子a进入磁场后做圆周运动,洛伦兹力提供向心力由得R=2d设粒子做圆周运动的周期为T粒子a的运动轨迹如图所示,由几何关系可得粒子a做圆周运动对应的圆心角则粒子a从P点出发到达Q点的时间(2)粒子b做类平抛运动,设粒子b到达Q点所用的时间为在x轴方向有在y轴方向有由牛顿第二定律知F=qE=ma联立可得15、(1)2700m;(2)1s;(3)下降95m【解析】(1)设投弹时,飞机与后面遥控车的水平距离为x,则炸弹落地的时间且解得x=2700m(2)设两炸弹间隔时间为t,则解得t=1s(3)设战斗机在原有高度上上升h,根据题意则解得h=-95m,即下降95m
限制150内