(3份合集)2020届宁夏高考数学模拟试卷.pdf
《(3份合集)2020届宁夏高考数学模拟试卷.pdf》由会员分享,可在线阅读,更多相关《(3份合集)2020届宁夏高考数学模拟试卷.pdf(57页珍藏版)》请在得力文库 - 分享文档赚钱的网站上搜索。
1、2021届新高考化学模拟试卷一、单 选 题(本题包括15个小题,每小题4分,共60分.每小题只有一个选项符合题意)1.下列仪器名称不正确的是()A.J 烧瓶 B.1冷凝管 C.表面皿 D.蒸储烧瓶【答案】A【解析】【详解】A.该仪器为配制一定物质的量浓度的溶液要用的容量瓶,烧瓶没有玻璃塞,A不正确;B.该仪器为蒸储装置中所用的冷凝管,B正确;C.该仪器为表面皿,C正确;D.该仪器为蒸储装置中要用到的蒸饵烧瓶,D正确;本题选不正确的,故选A。2.2019年上海、西安等城市先后开始实施生活垃圾分类,分类的目的是提高垃圾的资源价值和经济价值,力争物尽其用,垃圾是放错地方的资源,同时也是建立环境友好型
2、国家的重要举措。下列关于垃圾分类的说法正确的是A.废电池、过期药品属于有害垃圾,无需回收,为防止污染环境应当深埋处理B.其它垃圾包括防新型冠状病毒用的口罩、烟头等物品无法利用,应当弃去不要C.废纸类、废塑料、废玻璃、废金属、废油漆桶等属于可回收物D.厨余垃圾经生化处理转化为沼气和有机肥料,从而生产绿色有机食品和清洁燃料【答案】D【解析】【分析】【详解】A.废电池中含有重金属,需回收,不应当深埋处理,会造成水土污染,故A错误;B.医疗垃圾应该无害化处理,故B错误;C.废油漆桶属于危化品需要集中处理的废物,故C错误;D.厨余垃圾经生化处理转化为沼气和有机肥料,从而生产绿色有机食品和清洁燃料,故D正
3、确;答案为D。3.关于浓硫酸和稀硫酸的说法,错误的是A.都 有H2SO4分子 B.都有氧化性C.都能和铁、铝反应 D.密度都比水大【答案】A【解析】【详解】A.浓硫酸中存在硫酸分子,而稀硫酸中在水分子的作用下完全电离出氢离子和硫酸根离子,不存在硫酸分子,故A错误;B.浓硫酸具有强氧化性,稀硫酸具有弱氧化性,所以都具有一定的氧化性,故B正确;C.常温下浓硫酸与铁,铝发生钝化,先把铁铝氧化成致密的氧化物保护膜,稀硫酸与铁铝反应生成盐和氢气,故C正确;D.浓硫酸和稀硫酸的密度都比水大,故D错误;故选:A,4.利用下图所示装置进行下列实验,能得出相应实验结论的是()A.A B.B C.C D.D选项实
4、验结论A浓氯水NaBr淀粉KI溶液氧化性:CbBnl2B浓硫酸蔗糖漠水浓硫酸具有脱水性、氧化性出1C硫酸Na2s03Ba(NCbA 溶液S02与可溶性钢盐均可生成白色沉淀D稀盐酸Na2cO3N g S Q溶液酸性:盐酸碳酸硅酸【答案】B【解析】【详解】A.同一氧化还原反应中,氧化剂的氧化性大于氧化产物的氧化性。浓氯水能挥发出氯气,该实验中氯气易参与试管中的反应,故无法证明溟和碘的氧化性的强弱关系,A得不到相应结论;B.浓硫酸使蔗糖变黑,证明浓硫酸有脱水性;然后有气体生成,该气体能使滨水褪色,证明有二氧化硫生成,说明浓硫酸有强氧化性,可以被C还原为二氧化硫,故B可以得出相应的结论;C.SO2溶解
5、在试管中使溶液显酸性,与Ba(NO3)2溶液发生氧化还原反应得到S O 41,所以生成硫酸钢白色沉淀,故C得不到相应的结论;D.盐酸有挥发性,挥发出的盐酸也会与NazSiOs溶液反应得到硅酸沉淀。因此不能证明酸性:碳酸硅酸,D得不到相应的结论。【点睛】本题主要是考查化学实验方案设计与评价,明确相关物质的性质和实验原理是解答的关键,选 项A是易错点,注意浓氯水的挥发性。考查根据实验现象,得出结论,本题的难度不大,培养学生分析问题,得出结论的能力,体现了化学素养。5.X、Y、Z、W为四种短周期主族元素,X与Z同族,Y与Z同周期,W是短周期主族元素中原子半径最大的,X原子最外层电子数是核外电子层数的
6、3倍,Y的最高正价与最低负价的代数和为6。下列说法正确的是A.Y的最高价氧化物对应的水化物是二元强酸B.原子半径:XZYC.气态氢化物的热稳定性:YZD.X与W可形成两种阴、阳离子的物质的量之比均为1:2的离子化合物【答案】D【解析】【详解】X、Y、Z、W为四种短周期主族元素,Y与Z同周期,W是短周期主族元素中原子半径最大的,则W为Na,X原子最外层电子数是核外电子层数的3倍,则X为O,X与Z同族,则Z为S,Y的最高正价与最低负价的代数和为6,则Y为CI。A.Y的最高价氧化物对应的水化物HCI04是一元强酸,选项A错误;B.原子半径:X(0)Y(CI)Z,故气态氢化物的热稳定性:HCI H2S
7、,选 项C错误;D.X与W可形成两种阴、阳离子的物质的量之比均为1:2的离子化合物NazO和N a 0 2,选 项D正确。答案选D。6.生活中一些常见有机物的转化如图逑拉卡詈中词也竺国上4叵I向下列说法正确的是A.上述有机物中只有C6Hlz。6属于糖类物质B.转 化1可在人体内完成,该催化剂属于蛋白质C.物 质C和油脂类物质互为同系物D.物质A和B都属于非电解质【答案】B【解析】【分析】淀粉(转化1)在人体内淀粉酶作用下发生水解反应,最终转化为葡萄糖,葡萄糖在酒化酶的作用下转化成酒精,发生C6Hl2。6酒 化 萌2C2H5OH+2CO2 t,且A可发生连续氧化反应,则A为C2H5OH,B为CH
8、3COOH,乙醇和乙酸反应生成C为CH3COOC2H5,据此解答。【详解】由上述分析可以知道,转 化1为淀粉水解反应,葡萄糖分解生成A为C2H5OH,A氧化生成B为OhCOOH,A、B反应生成C为CH3COOC2H5,则A.淀粉、C 6 H lz属于糖类物质,故A错误;B.淀粉属于多糖,在酶催化作用下水解最终生成单糖葡萄糖,反应为:(C6HiO5)n+nH2O O)B n C6H1206,酶属于蛋白质,所 以B选项是正确的;C.C为乙酸乙酯,油脂为高级脂肪酸甘油酯,含-C 00G的数目不同,结构不相似,不是同系物,故C错误;D.乙酸可在水中发生电离,为电解质,而乙醇不能,乙醇为非电解质,故D错
9、误。所 以B选项是正确的。7.高铁 酸 钾(KzFe。)是一种环保、高效、多功能饮用水处理剂,制备流程如图所示:铁屑 CI2 NaClO NaOH尾气 NaClNazFeO饱和KOH溶液-粗K2FeO4晶体下列叙述错误的是A.用LFe。作水处理剂时,既能杀菌消毒又能净化水B.反 应I中尾气可用FeCh溶液吸收再利用C.反 应I I中氧化剂与还原剂的物质的量之比为3:2D.该条件下,物质的溶解性:Na2 FeO4A|3+,电解氯化铝溶液时不能得到铝单质,应电解熔融氧化铝来冶炼AL B错误;C.NaOH与苯酚发生反应生成可溶于水的苯酚钠,与苯不反应,因此可用足量NaOH溶液除去苯中的苯酚,C正确;
10、D.将饱和FeCb溶液逐滴加到沸水中,可发生水解反应生成Fe(OH)3胶体,D错误;故合理选项是J1 1.下列物质间的转化可以实现的是()A.IVInCz 稳盐般,CL 石灰乳 Ca(CIO)2-B.S-SO2BaCh(aq)B aso4点燃C.SiC)2 H:O HzSiCh、aOH(aq)NazSiChD.CuSCU过量 NaOH(aq)CU(CH),葡 萄 糖,CU2。A【答案】D【解析】【详解】A.Mnt)2和浓盐酸才反应生成氯气,故A不符合题意;B.硫于氧气反应生成二氧化硫,二氧化硫和氯化钢不反应,故B不符合题意;C.SiOz不与水反应,故C不符合题意;D.CUSO4与氢氧化钠反应生
11、成Cu(OH)2和硫酸钠,氢氧化铜与葡萄糖再碱性条件下加热反应生成CU2。,故D符合题意。综上所述,答案为D。1 2.亚硝酰氯(N O C I)是有机物合成中的重要试剂,为红褐色液体或黄色气体,室温下为不稳定的黄色气体,具刺鼻恶臭味,遇水分解,某学习小组用C12和N O制 备NOCI装置如图。下列说法错误的是尾气处理+干 燥 的ChA.氯气在反应中做氧化剂B.装入药品后,要先打开Kz、K 3,反应一段时间后,再 打 开KiC.利 用A装置还可以做Na2O2和水制氧气的实验D.若 没 有B装置,C中可能发生反应:2NOCI+H2O=2HCI+NO个+N02个【答案】C【解析】【分析】由装置A制
12、备N O,用铜和稀硝酸反应制备,制得的N O中可能有挥发的硝酸,故装置B用来净化和干燥N O,将氯气和N。干燥后在装置C中发生反应,在冰盐中冷凝收集N O C I,氯气、N。以及NOCI均不能排放到空气中,用氢氧化钠溶液吸收,NOCI遇水易水解,故在收集装置和尾气处理装置之间应该需加一个干燥装置。【详解】A.根据CL和N O反应生成了 N O C I,氯元素化合价降低,得电子,Clz为氧化剂,故A正确;B.先打开Kz、心,通入一段时间氯气,排尽三颈烧瓶中的空气,防止NO、NO CI变质,然后再打开Ki,通 入N O,故B正确;C.该装置能制备用块状固体和液体反应生成的气体,过氧化钠为粉末状固体
13、,所以不可以做NazOz和水制氧气的实验,故C错误;D.若无装置B,C中亚硝酰氯与水反应生成氯化氢、N O和二氧化氮,可能发生反应:2NOCI+HzO=2HCI+N。个+NC2个,故 D 正确;故选:C.1 3.某学生探究0.25mol/LAL(SO4)3溶液与0.5mol/LNa2c。3溶液的反应,实验如下。实 验1Na:CO尚 SO.过雄.:HMAi.(so4),irt 臼色沉淀,沉 淀 济*.无 (泡实验2Al.(so4),ISHIt MHjSO,过址,冼修过的溶液 门色沉处 0C沈海3.少*气海下列分析正确的是()A.实验1中,白色沉淀a是AL(CO3)3B.实验2中,白色沉淀b一定是
14、AL(OH)2(CO3)2C.检验白色沉淀a、b是否洗涤干净,均可用盐酸酸化的BaCL溶液D.实验1、2中,白色沉淀成分不同的原因与混合后溶液的pH无关【答案】C【解析】【分析】由现象可知:实验1发生完全双水解反应生成AI(0H)3,实验2过量的Na2c。3与完全双水解反应生成AI(OH)3发生反应。【详解】A.实验1中,沉淀溶解,无气泡,白色沉淀a是AI(OHb,故A错误;B.实验2中,沉淀溶解,少量气泡,该气体是C 0 2,但不能说明白色沉淀b一定是AL(OH)2(CO3)2,故B错误;C.检验白色沉淀a、b是否洗涤干净,即可检验有无SO,、,均可用盐酸酸化的BaCh溶液检验,故C正确;D
15、.实验1、2中,过量AL(SO4)3溶液显酸性,过 量Na2c03溶液显碱性,不能确定白色沉淀成分不同的原因与混合后溶液的pH有关,故D错误;答案选Co【点睛】注 意D项中,强酸弱碱盐显酸性,强碱弱酸盐显碱性。1 4.下列说法中不正确的是()A.蛋白质溶液中加入稀的硫酸锈溶液,会有固体析出,该固体能重新溶解B.苯与液溟的反应和苯酚与浓滨水的反应对比可以说明基团之间的影响作用C.丙三醇是无色、黏稠、有甜味的液体,吸湿性强,有护肤作用,可应用于配制化妆品D.在浓氨水作用下,甲醛过量时,苯酚与甲醛反应可得到体型酚醛树脂【答案】A【解析】【分析】【详解】A.蛋白质溶液中加入浓的硫酸镀溶液发生盐析,会有
16、固体析出,故A错误;B.苯与液漠的反应是一澳取代,且需要漠化铁催化,苯酚与浓溟水的反应为三溟取代,对比可以说明是酚羟基活化了苯环上的氢,能说明基团之间的影响作用,故B正确;C.丙三醇俗称甘油,是无色、黏稠、有甜味的液体,吸湿性强,有护肤作用,可应用于配制化妆品,故C正确;D.苯酚与甲醛能在在浓氨水作用下,甲醛过量时,发生酚醛缩合反应,可得到体型酚醛树脂,故D正确;综上所述,答案为A。1 5.下列由实验得出的结论正确的是(A.将乙烯通入溪的四氯化碳溶液,溶液变无色透明,生成的产物可溶于四氯化碳B.乙醇和水都可与金属钠反应产生可燃性气体,说明两种分子中的氢原子都能产生氢气C.用乙酸浸泡水壶中的水垢
17、,可将其清除,是因为乙酸的酸性小于碳酸的酸性D.甲烷与氯气光照下反应后的混合气体能使湿润石蕊试纸变红是因为生成的一氯甲烷具有酸性【答案】A【解析】【详解】A.乙烯含有碳碳双键,可与澳的四氯化碳溶液发生加成反应,生 成1,2-二漠乙烷,溶液最终变为无色透明,生成的产物1,2-二溪乙烷可溶于四氯化碳,A项正确;B.乙醇的结构简式为CH3cH20H,只有羟基可与钠反应,且-0 H中H的活泼性比水弱,B项错误;C.用乙酸浸泡水壶中的水垢,可将其清除,说明醋酸可与碳酸钙等反应,从强酸制备弱酸的角度判断,乙酸的酸性大于碳酸,C项错误;D.甲烷与氯气在光照条件下反应生成的气体有一氯甲烷和氯化氢,使湿润的石蕊
18、试纸变红的气体为氯化氢,一氯甲烷为非电解质,不能电离,D项错误;答案选A。二、实验题(本题包括1个小题,共10分)1 6.将一定量的Cu和浓硫酸反应(装置中的夹持、加热仪器省略),反应后,圆底烧瓶内的混合液倒入水中,得到蓝色溶液与少量黑色不溶物。(1)反 应 后 蓝 色 溶 液 呈 酸 性 的 原 因 有 ,(2)为检验反应产生气体的还原性,试 剂a是。已知酸性:H2SO3H2CO3H2SO反应后测得Na2S和Na2CO3混合溶液中有新气体生成。该气体中(填“含或不含)H zS,理由是;(4)少量黑色不溶物不可能是C u O的理由是.查阅资料后发现该黑色固体可能是CuS或Cu2s中的一种或两种
19、,且CuS和Cu2s在空气中煨烧易转化 成Cu2O和SO2o称 取2.000g黑色固体,灼烧、冷却.最后称得固体1.680g。(5)灼烧该固体除用到酒精灯、珀烟、用蜗钳、三脚架等仪器,还需要 o确定黑色固体灼烧充分的依据是,黑色不溶物其成分化学式为 O【答案】反应后期浓硫酸变稀,而铜和稀硫酸不发生反应,硫酸有剩余 硫酸铜溶液水解呈酸性 漠水或酸性高镒酸钾 不含 硫化氢和二氧化硫反应 氧化铜能与稀硫酸反应 玻璃棒;泥三角充分灼烧的依据是再次灼烧,冷却,称量,两次的质量差不能超过0.001g;Cus和Cu2s【解析】【分析】(1)铜和浓硫酸反应,随着反应的进行,浓硫酸会变成稀硫酸,稀硫酸与铜不反应
20、,生成的硫酸铜水解显酸性;(2)检验二氧化硫的还原性,可以用具有氧化性的物质,且反应现象明显;(3)依据硫化氢和二氧化硫反应进行分析;(4)氧化铜可以和稀硫酸反应;(5)依据现象进行分析;【详解】(1)随着反应的进行浓硫酸会变成稀硫酸,稀硫酸与铜不反应,使溶液显酸性,生成的硫酸铜水解使溶液显酸性,故答案为:反应后期浓硫酸变稀,而铜和稀硫酸不发生反应,硫酸有剩余;硫酸铜溶液水解呈酸性;(2)二氧化硫有还原性,所以可以用溟水或者酸性高镶酸钾溶液检验,故答案为,漠水或酸性高镒酸钾;(3)Na2S和Na2cCh混合溶液中通入二氧化硫,不会生成硫化氢,因为硫化氢和二氧化硫发生反应,故答案为:不含;硫化氢
21、和二氧化硫反应;(4)少量黑色不溶物不可能是C u O,因为氧化铜可以和稀硫酸反应,故答案为:氧化铜能与稀硫酸反应;(5)灼烧固体时除了需要酒精灯、生堪、用竭钳、三脚架等仪器外,还需要玻璃棒,泥三角,充分灼烧的依据是再次灼烧,冷却,称量,两次的质量差不能超过0.001g,设CuSxmoL Cu2Symol,96x+160y=2;(x+y)80=1.68,解 得,x=0.02,y=0.005,故两者都有,故答案为:玻璃棒;泥三角;充分灼烧的依据是再次灼烧,冷却,称量,两次的质量差不能超过0.001g;Cus和 CuzS,三、推断题(本题包括1个小题,共10分)17.W、X、Y、Z四种元素均为短周
22、期元素,原子序数依次增大,其它相关信息见下表。元素相关信息W单质为密度最小的气体X元素最高正价与最低负价之和为0Y某种同素异形体是保护地球地表的重要屏障Z存在质量数为2 3,中子数为1 2的核素根据上述信息,回答下列问题:(I)元素Y在元素周期表中的位置是一;Y和Z的简单离子半径比较,较大的是 _ (用离子符号表示)。(2)XYz由固态变为气态所需克服的微粒间作用力是一;由元素W和Y组成的一种绿色氧化剂的电子式为 一.由W、X、Y、Z四种元素组成的一种无机盐,水溶液呈碱性的原因是_(用离子方程式表示)。【答案】第2周期,V IA族 分子间作用力 H:0:0:H HCO3+H2O H2CO3 .
23、+OH【解析】【分析】根据题干信息中元素性质分析判断元素的种类;根据元素的种类判断在元素周期表中的位置;根据物质的组成和性质分析该物质的晶体类型,判断微粒间的作用力;根据成键特点书写电子式。【详解】W、X、Y、Z四种元素均为短周期元素,原子序数依次增大,W单质为密度最小的气体,则W为氢元素;X最高正价与最低负价之和为0,则X为 第IVA族元素,Y的某种同素异形体是保护地球地表的重要屏障,则Y是氧元素,X是碳元素;Z存在质量数为2 3,中子数为1 2的核素,则Z的质子数为23-12=11,则Z是钠元素。(1)元素氧在元素周期表中的位置是第2周期,VIA族;氧离子和钠离子具有相同的核外电子排布,则
24、核电荷越大半径越小,所以半径较大的是0%故答案为:第2周期,VIA族;0;(2)3)2晶体为分子晶体,由固态变为气态所需克服的微粒间作用力是分子间作用力;由元素氢和氧组成 的一种绿色氧化剂是双氧水,其电子式为H:0:0:H,故答案为:分子间作用力;H:O:O:H;(3)由氢、碳、氧、钠四种元素组成的一种无机盐为碳酸氢钠,因为水解其水溶液呈碱性离子方程式表示为:,故答案为:HCO3+H2O H2CO3+0 H-,故答案为:HC03+H20 H2CO3+0H SiL-iGe 1 AsSb|TePo I At(1)As原 子 最 外 层 电 子 的 轨 道 表 示 式 为;神蒸气的分子式:AS4,其
25、分子结构与白磷(P4)相似,也是正四面体,则AS4中 碑 碑 键 的 键 角 是。(2)P的非金属性比As强,从原子结构的角度解释其原因_ _ _ _ _ _;如图是元素周期表的一部分,请推测 神 的 单 质 或 其 化 合 物 可 能 具 有 的 性 质 (写出两条即可)(3)NH4NO3可做化肥,但易爆,300发生爆炸:2NH4NO3-*2N2 t+02 t+4H2O 每生成2m 0IN2,反应中转移的电子为 m o b氧 化 产 物 与 还 原 产 物 的 原 军 之 比 为。(4)发电厂常用氨气吸收烟气中的CO2。常温下,当CO2不断通入p H=ll的氨水中时会产生微量的新离子:NH2
- 配套讲稿:
如PPT文件的首页显示word图标,表示该PPT已包含配套word讲稿。双击word图标可打开word文档。
- 特殊限制:
部分文档作品中含有的国旗、国徽等图片,仅作为作品整体效果示例展示,禁止商用。设计者仅对作品中独创性部分享有著作权。
- 关 键 词:
- 份合集 2020 宁夏 高考 数学模拟 试卷
限制150内