2022年普通高等学校招生全国统一考试数学(理)试题(湖北卷详解).docx
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2022年普通高等学校招生全国统一考试数学(理)试题(湖北卷详解).docx
2022·湖北卷(理科数学)12022·湖北卷 i为虚数单位,()A1B1 CiDi1A解析1.应选A.22022·湖北卷 假设二项式的展开式中的系数是84,那么实数a()A2B.C1D.2C解析展开式中含的项是T6C(2x)2C22a5x3,故含的项的系数是C22a584,解得a1.应选C.32022·湖北卷 U为全集,A,B是集合,那么“存在集合C使得AC,BUC是“AB的()A充分而不必要条件B必要而不充分条件C充要条件D既不充分也不必要条件3C解析假设存在集合C使得AC,BUC,那么可以推出AB;假设AB,由维思图可知,一定存在CA,满足AC,BUC,故“存在集合C使得AC,BUC是“AB的充要条件应选C.42022·湖北卷 根据如下样本数据:x345678y4.02.50.50.52.03.0得到的回归方程为bxa,那么()Aa>0,b>0Ba>0,b<0Ca<0,b>0Da<0,b<04B解析作出散点图如下:观察图象可知,回归直线bxa的斜率b<0,截距a>0.故a>0,b<0.应选B.图11A和B和C和D和5D解析由三视图及空间直角坐标系可知,该几何体的正视图显然是一个直角三角形且内有一条虚线(一锐角顶点与其所对直角边中点的连线),故正视图是;俯视图是一个钝角三角形,故俯视图是.应选D.62022·湖北卷 假设函数f(x),g(x)满足f(x)g(x)dx0,那么称f(x),g(x)为区间1,1上的一组正交函数,给出三组函数:f(x)sinx,g(x)cosx;f(x)x1,g(x)x1;f(x)x,g(x)x2.其中为区间1,1上的正交函数的组数是()A0B1 C2D36C解析由题意,要满足f(x),g(x)是区间1,1上的正交函数,即需满足f(x)g(x)dx0.f(x)g(x)dxsinxcosxdxsinxdx0,故第组是区间1,1上的正交函数;f(x)g(x)dx(x1)(x1)dx0,故第组不是区间1,1上的正交函数;f(x)g(x)dxx·x2dx0,故第组是区间1,1上的正交函数综上,是区间1,1上的正交函数的组数是2.应选C.72022·湖北卷 由不等式组确定的平面区域记为1,不等式组确定的平面区域记为2,在1中随机取一点,那么该点恰好在2内的概率为()A.B.C.D.7D解析作出1,2表示的平面区域如下列图,S1SAOB222,SBCE1,那么S四边形AOECS1SBCE2.故由几何概型得,所求的概率P.应选D.82022·湖北卷 算数书 竹简于上世纪八十年代在湖北省江陵县张家山出土,这是我国现存最早的有系统的数学典籍,其中记载有求“囷盖的术:“置如其周,令相乘也又以高乘之,三十六成一该术相当于给出了由圆锥的底面周长L与高h,计算其体积V的近似公式VL2h.它实际上是将圆锥体积公式中的圆周率近似取为3.那么,近似公式VL2h相当于将圆锥体积公式中的近似取为()A.B.C.D.8B解析设圆锥的底面圆半径为r,底面积为S,那么L2r,由题意得L2hSh,代入Sr2化简得3;类比推理,假设VL2h,那么.应选B.9、2022·湖北卷 F1,F2是椭圆和双曲线的公共焦点,P是它们的一个公共点,且F1PF2,那么椭圆和双曲线的离心率的倒数之和的最大值为()A.B.C3D29A解析设|PF1|r1,|PF2|r2,r1>r2,椭圆的长半轴长为a1,双曲线的实半轴长为a2,椭圆、双曲线的离心率分别为e1,e2.那么由椭圆、双曲线的定义,得r1r22a1,r1r22a2,平方得4arr2r1r2,4ar2r1r2r.又由余弦定理得4c2rrr1r2,消去r1r2,得a3a4c2,即4.所以由柯西不等式得.所以.应选A.102022·湖北卷 函数f(x)是定义在R上的奇函数,当x0时,f(x)(|xa2|x2a2|3a2)假设xR,f(x1)f(x),那么实数a的取值范围为()A.B.C.D.10B解析因为当x0时,f(x),所以当0xa2时,f(x)x;当a2<x<2a2时,f(x)a2;当x2a2时,f(x)x3a2.综上,f(x)因此,根据奇函数的图象关于原点对称作出函数f(x)在R上的大致图象如下,观察图象可知,要使xR,f(x1)f(x),那么需满足2a2(4a2)1,解得a.应选B.112022·湖北卷 设向量a(3,3),b(1,1)假设(ab)(ab),那么实数_11±3解析因为ab(3,3),ab(3,3),又(ab)(ab),所以(ab)·(ab)(3)(3)(3)(3)0,解得±3.122022·湖北卷 直线l1:yxa和l2:yxb将单位圆C:x2y21分成长度相等的四段弧,那么a2b2_.122解析依题意得,圆心O到两直线l1:yxa,l2:yxb的距离相等,且每段弧长等于圆周的,即1sin45°,得|a|b|1.故a2b22.图12132022·湖北卷 设a是一个各位数字都不是0且没有重复数字的三位数将组成a的3个数字按从小到大排成的三位数记为I(a),按从大到小排成的三位数记为D(a)(例如a815,那么I(a)158,D(a)851)阅读如图12所示的程序框图,运行相应的程序,任意输入一个a,输出的结果b_13495解析取a1815b1851158693815a2693;由a2693b2963369594693a3594;由a3594b3954459495594a4495;由a4495b4954459495a4b495.14、2022·湖北卷设f(x)是定义在(0,)上的函数,且f(x)>0,对任意a>0,b>0,假设经过点(a,f(a),(b,f(b)的直线与x轴的交点为(c,0),那么称c为a,b关于函数f(x)的平均数,记为Mf(a,b),例如,当f(x)1(x>0)时,可得Mf(a,b)c,即Mf(a,b)为a,b的算术平均数(1)当f(x)_(x>0)时,Mf(a,b)为a,b的几何平均数;(2)当f(x)_(x>0)时,Mf(a,b)为a,b的调和平均数.(以上两空各只需写出一个符合要求的函数即可)14(1)(2)x(或填(1)k1;(2)k2x,其中k1,k2为正常数)解析设A(a,f(a),B(b,f(b),C(c,0),那么此三点共线:(1)依题意,c,那么,即.因为a>0,b>0,所以化简得,故可以选择f(x)(x>0);(2)依题意,c,那么,因为a>0,b>0,所以化简得,故可以选择f(x)x(x>0)152022·湖北卷 (选修41:几何证明选讲)如图13,P为O外一点,过P点作O的两条切线,切点分别为A,B,过PA的中点Q作割线交O于C,D两点,假设QC1,CD3,那么PB_图13154解析由切线长定理得QA2QC·QD1(13)4,解得QA2.故PBPA2QA4.162022·湖北卷 (选修44:坐标系与参数方程)曲线C1的参数方程是(t为参数)以坐标原点为极点,x轴的正半轴为极轴建立极坐标系,曲线C2的极坐标方程是2,那么C1与C2交点的直角坐标为_16.解析 由消去t得yx(x0),即曲线C1的普通方程是yx(x0);由2,得24,得x2y24,即曲线C2的直角坐标方程是x2y24.联立解得故曲线C1与C2的交点坐标为.17、2022·湖北卷 某实验室一天的温度(单位:)随时间t(单位:h)的变化近似满足函数关系:f(t)10costsint,t0,24)(1)求实验室这一天的最大温差(2)假设要求实验室温度不高于11,那么在哪段时间实验室需要降温17解:(1)因为f(t)102102sin,又0t<24,所以t<,1sin1.当t2时,sin1;当t14时,sin1.于是f(t)在0,24)上取得的最大值是12,最小值是8.故实验室这一天的最高温度为12 ,最低温度为8 ,最大温差为4 .(2)依题意,当f(t)>11时,实验室需要降温由(1)得f(t)102sin,故有102sin>11,即sin<.又0t<24,因此<t<,即10<t<18.故在10时至18时实验室需要降温18、2022·湖北卷 等差数列an满足:a12,且a1,a2,a5成等比数列(1)求数列an的通项公式(2)记Sn为数列an的前n项和,是否存在正整数n,使得Sn>60n800假设存在,求n的最小值;假设不存在,说明理由18解:(1)设数列an的公差为d,依题意得,2,2d,24d成等比数列,故有(2d)22(24d),化简得d24d0,解得d0或d4.当d0时,an2;当d4时,an2(n1)·44n2.从而得数列an的通项公式为an2或an4n2.(2)当an2时,Sn2n,显然2n<60n800,此时不存在正整数n,使得Sn>60n800成立当an4n2时,Sn2n2.令2n2>60n800,即n230n400>0,解得n>40或n<10(舍去),此时存在正整数n,使得Sn>60n800成立,n的最小值为41.综上,当an2时,不存在满足题意的正整数n;当an4n2时,存在满足题意的正整数n,其最小值为41.19、2022·湖北卷 如图14,在棱长为2的正方体ABCDA1B1C1D1中,E,F,M,N分别是棱AB,AD,A1B1,A1D1的中点,点P,Q分别在棱DD1,BB1上移动,且DPBQ(0<<2)(1)当1时,证明:直线BC1平面EFPQ.(2)是否存在,使面EFPQ与面PQMN所成的二面角为直二面角假设存在,求出的值;假设不存在,说明理由图1419解:方法一(几何方法):(1)证明:如图,连接AD1,由ABCDA1B1C1D1是正方体,知BC1AD1.当1时,P是DD1的中点,又F是AD的中点,所以FPAD1,所以BC1FP.而FP平面EFPQ,且BC1平面EFPQ,故直线BC1平面EFPQ.图图(2)如图,连接BD.因为E,F分别是AB,AD的中点,所以EFBD,且EFBD.又DPBQ,DPBQ,所以四边形PQBD是平行四边形,故PQBD,且PQBD,从而EFPQ,且EFPQ.在RtEBQ和RtFDP中,因为BQDP,BEDF1,于是EQFP,所以四边形EFPQ也是等腰梯形同理可证四边形PQMN也是等腰梯形分别取EF,PQ,MN的中点为H,O,G,连接OH,OG,那么GOPQ,HOPQ,而GOHOO,故GOH是面EFPQ与面PQMN所成的二面角的平面角假设存在,使面EFPQ与面PQMN所成的二面角为直二面角,那么GOH90°.连接EM,FN,那么由EFMN,且EFMN知四边形EFNM是平行四边形连接GH,因为H,G是EF,MN的中点,所以GHME2.在GOH中,GH24,OH2122,OG21(2)2(2)2,由OG2OH2GH2,得(2)224,解得1±,故存在1±,使面EFPQ与面PQMN所成的二面角为直二面角方法二(向量方法):以D为原点,射线DA,DC,DD1分别为x,y,z轴的正半轴建立如图所示的空间直角坐标系由得B(2,2,0),C1(0,2,2),E(2,1,0),F(1,0,0),P(0,0,)图(2,0,2),FP(1,0,),FE(1,1,0)(1)证明:当1时,FP(1,0,1),因为(2,0,2),所以2,即BC1FP.而FP平面EFPQ,且BC1平面EFPQ,故直线BC1平面EFPQ.(2)设平面EFPQ的一个法向量为n(x,y,z),那么由可得于是可取n(,1)同理可得平面MNPQ的一个法向量为m(2,2,1)假设存在,使面EFPQ与面PQMN所成的二面角为直二面角,那么m·n(2,2,1)·(,1)0,即(2)(2)10,解得1±.故存在1±,使面EFPQ与面PQMN所成的二面角为直二面角(1)求未来4年中,至多有1年的年入流量超过120的概率(2)水电站希望安装的发电机尽可能运行,但每年发电机最多可运行台数受年入流量X限制,并有如下关系:年入流量X40<X<8080X120X>120发电机最多可运行台数123假设某台发电机运行,那么该台年利润为5000万元;假设某台发电机未运行,那么该台年亏损800万元,欲使水电站年总利润的均值到达最大,应安装发电机多少台20解:(1)依题意,p1P(40<X<80)0.2,p2P(80X120)0.7,p3P(X>120)0.1.由二项分布得,在未来4年中至多有1年的年入流量超过120的概率为pC(1p3)4C(1p3)3p30.9440.930.10.9477.(2)记水电站年总利润为Y(单位:万元)安装1台发电机的情形由于水库年入流量总大于40,故一台发电机运行的概率为1,对应的年利润Y5000,E(Y)500015000.安装2台发电机的情形依题意,当40<X<80时,一台发电机运行,此时Y50008004200,因此P(Y4200)P(40<X<80)p10.2;当X80时,两台发电机运行,此时Y5000210000,因此P(Y10000)P(X80)p2p30.8.由此得Y的分布列如下:Y420010 000P0.20.8所以,E(Y)42000.2100000.88840.安装3台发电机的情形依题意,当40<X<80时,一台发电机运行,此时Y500016003400,因此P(Y3400)P(40<X<80)p10.2;当80X120时,两台发电机运行,此时Y500028009200,因此P(Y9200)P(80X120)p20.7;当X>120时,三台发电机运行,此时Y5000315000,因此P(Y15000)P(X>120)p30.1.由此得Y的分布列如下:Y3400920015 000P0.20.70.1所以,E(Y)34000.292000.7150000.18620.综上,欲使水电站年总利润的均值到达最大,应安装发电机2台21、2022·湖北卷 在平面直角坐标系xOy中,点M到点F(1,0)的距离比它到y轴的距离多1.记点M的轨迹为C.(1)求轨迹C的方程;(2)设斜率为k的直线l过定点P(2,1),求直线l与轨迹C恰好有一个公共点、两个公共点、三个公共点时k的相应取值范围21解:(1)设点M(x,y),依题意得|MF|x|1,即|x|1,化简整理得y22(|x|x)故点M的轨迹C的方程为y2(2)在点M的轨迹C中,记C1:y24x,C2:y0(x<0)依题意,可设直线l的方程为y1k(x2)由方程组可得ky24y4(2k1)0.当k0时,y1.把y1代入轨迹C的方程,得x.故此时直线l:y1与轨迹C恰好有一个公共点.当k0时,方程的判别式16(2k2k1)设直线l与x轴的交点为(x0,0),那么由y1k(x2),令y0,得x0.(i)假设由解得k<1或k>.即当k(,1)时,直线l与C1没有公共点,与C2有一个公共点故此时直线l与轨迹C恰好有一个公共点(ii)假设或由解得k或k<0.即当k时,直线l与C1只有一个公共点当k时,直线l与C1有两个公共点,与C2没有公共点故当k时,直线l与轨迹C恰好有两个公共点(iii)假设由解得1<k<或0<k<.即当k时,直线l与C1有两个公共点,与C2有一个公共点,故此时直线l与轨迹C恰好有三个公共点综上可知,当k0时,直线l与轨迹C恰好有一个公共点;当k时,直线l与轨迹C恰好有两个公共点;当k时,直线l与轨迹C恰好有三个公共点222022·湖北卷 为圆周率,e2.71828为自然对数的底数(1)求函数f(x)的单调区间;(2)求e3,3e,e,e,3,3这6个数中的最大数与最小数;(3)将e3,3e,e,e,3,3这6个数按从小到大的顺序排列,并证明你的结论22解:(1)函数f(x)的定义域为(0,)因为f(x),所以f(x).当f(x)>0,即0<x<e时,函数f(x)单调递增;当f(x)<0,即x>e时,函数f(x)单调递减故函数f(x)的单调递增区间为(0,e),单调递减区间为(e,)(2)因为e<3<,所以eln3<eln,lne<ln3,即ln3e<lne,lne<ln3.于是根据函数ylnx,yex,yx在定义域上单调递增,可得3e<e<3,e3<e<3.故这6个数的最大数在3与3之中,最小数在3e与e3之中由e<3<及(1)的结论,得f()<f(3)<f(e),即<<.由<,得ln3<ln3,所以3>3;由<,得ln3e<lne3,所以3e<e3.综上,6个数中的最大数是3,最小数是3e.(3)由(2)知,3e<e<3<3,3e<e3.又由(2)知,<,得e<e.故只需比较e3与e和e与3的大小由(1)知,当0<x<e时,f(x)<f(e),即<.在上式中,令x,又<e,那么ln<,从而2ln<,即得ln>2.由得,eln>e>2.7>2.7(20.88)3.024>3,即eln>3,亦即lne>lne3,所以e3<e.又由得,3ln>6>6e>,即3ln>,所以e<3.综上可得,3e<e3<e<e<3<3,即这6个数从小到大的顺序为3e,e3,e,e,3,3.