2022高中数学 第一章《计数原理》测试题A卷 新人教A版选修2-3.doc
高中数学选修2-3第一章计数原理测试题A卷考试时间:100分钟,满分:150分一、选择题:在每小题给出的四个选项中,只有一项是符合题目要求的,请把正确答案的代号填在题后的括号内(每小题5分,共50分)1 已知集合M1,2,3,N4,5,6,7,从M,N这两个集合中各选一个元素分别作为点的横坐标、纵坐标,则这样的坐标在直角坐标系中可表示第一、第二象限内不同的点的个数是( )FA6 B8 C10 D122 有A、B两种类型的车床各一台,现有甲、乙、丙三名工人,其中甲、乙都会操作两种车床,丙只会操作A种车床,现在要从三名工人中选2名分别去操作以上车床,不同的选派方法有 ()A6种 B5种 C4种 D3种3 从集合1,2,3,10中任意选出三个不同的数,使这三个数成等比数列,这样的等比数列的个数为()A3 B4 C6 D84. 如图所示,用4种不同的颜色涂入图中的矩形A,B,C,D中,要求相邻的矩形涂色不同,则不同的涂法有 ()A72种 B48种C24种 D12种5若从1,2,3,9这9个整数中同时取4个不同的数,其和为偶数,则不同的取法共有 ()A60种 B63种 C65种 D66种6. 将甲、乙、丙、丁四名学生分到三个不同的班,每个班至少分到一名学生,且甲、乙两名学生不能分到同一个班,则不同分法的种数为 ()A18 B24 C30 D367 10名同学合影,站成了前排3人,后排7人现摄影师要从后排7人中抽2人站 前 排, 其他人的相对顺序不变,则不同调整方法的种数为 ()ACA BCA CCA DCA8.一排9个座位坐了3个三口之家,若每家人坐在一起,则不同的坐法种数为()A3×3! B3×(3!)3C(3!)4 D9!9设aZ,且0a<13,若512 012a能被13整除,则a的值为()A0 B1 C11 D1210在二项式()n的展开式中,各项系数之和为A,各项二项式系数之和为B,且AB72,则展开式中常数项的值为 ()A6 B9 C12 D18二、填空题(每小题6分, 共24分)11 某次活动中,有30人排成6行5列,现要从中选出3人进行礼仪表演,要求这3人中的任意2人不同行也不同列,则不同的选法种数为_(用数字作答)12 用数字1,2,3,4,5,6组成没有重复数字的6位数,要求任何相邻两个数字的奇偶性不同,且1和2相邻,这样的六位数的个数是_13.若n的展开式中第3项与第7项的二项式系数相等,则该展开式中的系数为_14 190C902C903C(1)k90kC9010C除以88的余数是_三、解答题(共计76分)15(本题满分12分)高三一班有学生50人,男生30人,女生20人;高三二班有学生60人,男生30人,女生30人;高三三班有学生55人,男生35人,女生20人(1)从高三一班或二班或三班中选一名学生任学生会主席,有多少种不同的选法?(2)从高三一班、二班男生中,或从高三三班女生中选一名学生任学生会体育部长,有多少种不同的选法?16(本题满分12分)已知集合M3,2,1,0,1,2,若a,b,cM,则:(1)yax2bxc可以表示多少个不同的二次函数;(2)yax2bxc可以表示多少个图象开口向上的二次函数17(本题满分12分) 4个不同的球,4个不同的盒子,把球全部放入盒内(1)恰有1个盒不放球,共有几种放法?(2)恰有1个盒内有2个球,共有几种放法?(3)恰有2个盒不放球,共有几种放法?18(本题满分12分)某医院有内科医生12名,外科医生8名,现选派5名参加赈灾医疗队,其中:(1)某内科医生甲与某外科医生乙必须参加,共有多少种不同选法?(2)甲、乙均不能参加,有多少种选法?(3)甲、乙两人至少有一人参加,有多少种选法?(4)队中至少有一名内科医生和一名外科医生,有几种选法?19(本题满分14分)已知(x2)2n的展开式的二项式系数和比(3x1)n的展开式的二项式系数和大992.求在2n的展开式中,(1)二项式系数最大的项;(2)系数的绝对值最大的项20(本题满分14分)已知(12x)7a0a1xa2x2a7x7.求:(1)a1a2a7;(2)a1a3a5a7;(3)a0a2a4a6;(4)|a0|a1|a2|a7|.高中数学选修2-3第一章计数原理测试题A卷答案一、选择题:在每小题给出的四个选项中,只有一项是符合题目要求的,请把正确答案的代号填在题后的括号内(每小题5分,共50分)1. 【答案】A【解析】分两类:第一类,第一象限内的点,有2×24(个);第二类,第二象限内的点,有1×22(个)2. 【答案】C【解析】若选甲、乙二人,包括甲操作A车床,乙操作B车床,或甲操作B车床,乙操作A车床,共有2种选派方法;若选甲、丙二人,则只有甲操作B车床,丙操作A车床这一种选派方法;若选乙、丙二人,则只有乙操作B车床,丙操作A车床这一种选派方法故共2114(种)不同的选派方法故应选C.3. 【答案】D【解析】以1为首项的等比数列为1,2,4;1,3,9;以2为首项的等比数列为2,4,8;以4为首项的等比数列为4,6,9,共4个把这四个数列顺序颠倒,又得到4个数列,故所求数列有8个4. 【答案】A【解析】按要求涂色至少需要3种颜色,故分两类一是4种颜色都用,这时A有4种涂法,B有3种涂法,C有2种涂法,D有1种涂法,共有4×3×2×124(种)涂法;二是用3种颜色,这时A,B,C的涂法有4×3×224(种),D只要不与C同色即可,故D有2种涂法故不同的涂法共有2424×272(种)5. 【答案】D【解析】满足题设的取法可分为三类:一是四个奇数相加,其和为偶数,在5个奇数1,3,5,7,9中,任意取4个,有C5(种);二是两个奇数加两个偶数其和为偶数,在5个奇数中任取2个,再在4个偶数2,4,6,8中任取2个,有C·C60(种);三是四个偶数相加,其和为偶数,4个偶数的取法有1种,所以满足条件的取法共有560166(种)6. 【答案】C【解析】排除法先不考虑甲、乙同班的情况,将4人分成三组有C6种方法,再将三组同学分配到三个班级有A6种分配方法,再考虑甲、乙同班的分配方法有A6种,所以共有CAA30种分法7. 【答案】C【解析】从后排抽2人的方法种数是C;前排的排列方法种数是A.由分步乘法计数原理知不同调整方法种数是CA.8. 【答案】C【解析】把一家三口看作一个排列,然后再排列这3家,所以有(3!)4种9. 【答案】D【解析】化51为521,用二项式定理展开512 012a(521)2 012aC522 012C522 011C×52×(1)2 011C×(1)2 012a.因为52能被13整除,所以只需C×(1)2 012a能被13整除,即a1能被13整除,因为0a<13,所以a12.10. 【答案】B【解析】A(13)n4n,B2n.AB4n2n72,n3.()n()3.Tr1C()3r()r3rCx·xr3rCx当r1时Tr1为常数项常数项为3C9.二、填空题(每小题6分, 共24分)11. 【答案】7 200【解析】其中最先选出的一个人有30种方法,此时不能再从这个人所在的行和列上选人,还剩一个5行4列的队形,故选第二个人有20种方法,此时不能再从该人所在的行和列上选人,还剩一个4行3列的队形,此时第三个人的选法有12种,根据分步乘法计数原12. 【答案】40【解析】第一步将3,4,5,6按奇偶相间排成一列,共有2×A×A8(种)排法;第二步再将1,2捆绑插入4个数字产生的5个空位中,共有A5(种)插法,插入时需满足条件相邻数字的奇偶性不同,1,2的排法由已排4个数的奇偶性确定不同的排法有8×540(种),即这样的六位数有40个13. 【答案】56【解析】利用二项展开式的通项公式求解由题意知,CC,n8.Tr1C·x8r·rC·x82r,当82r2时,r5,的系数为CC56.14. 【答案】1【解析】原式(190)10(881)108810C889C881,因为前10项均能被88整除,故余数为1.三、解答题(共计76分)15【解析】(1)完成这件事有三类方法第一类,从高三一班任选一名学生共有50种选法;第二类,从高三二班任选一名学生共有60种选法;第三类,从高三三班任选一名学生共有55种选法,根据分类加法计数原理,任选一名学生任校学生会主席共有506055165种选法6分(2)完成这件事有三类方法第一类,从高三一班男生中任选一名共有30种选法;第二类,从高三二班男生中任选一名共有30种选法;第三类,从高三三班女生中任选一名共有20种选法综上知,共有30302080种选法12分16. 【解析】(1)a的取值有5种情况,b的取值有6种情况,c的取值有6种情况,因此yax2bxc可以表示5×6×6180(个)不同的二次函数6分(2)yax2bxc的图象开口向上时,a的取值有2种情况,b、c的取值均有6种情况,因此yax2bxc可以表示2×6×672(个)图象开口向上的二次函数12分17. 【解析】(1)为保证“恰有1个盒不放球”,先从4个盒子中任意取出去一个,问题转化为“4个球,3个盒子,每个盒子都要放入球,共有几种放法?”即把4个球分成2,1,1的三组,然后再从3个盒子中选1个放2个球,其余2个球放在另外2个盒子内,由分步乘法计数原理,共有CCC×A144(种)4分(2)“恰有1个盒内有2个球”,即另外3个盒子放2个球,每个盒子至多放1个球,也即另外3个盒子中恰有一个空盒,因此,“恰有1个盒内有2个球”与“恰有1个盒不放球”是同一件事,所以共有144种放法8分(3)确定2个空盒有C种方法4个球放进2个盒子可分成(3,1)、(2,2)两类,第一类有序不均匀分组有CCA种方法;第二类有序均匀分组有·A种方法故共有C(CCA·A)84(种)12分18. 【解析】(1)只需从其他18人中选3人即可,共有C816(种);3分(2)只需从其他18人中选5人即可,共有C8 568(种);6分(3)分两类:甲、乙中有一人参加,甲、乙都参加,共有CCC6 936(种);9分(4)方法一(直接法):至少有一名内科医生和一名外科医生的选法可分四类:一内四外;二内三外;三内二外;四内一外,所以共有CCCCCCCC14 656(种)12分方法二(间接法):由总数中减去五名都是内科医生和五名都是外科医生的选法种数,得C(CC)14 656(种)12分19. 【解析】由题意知,22n2n992,即(2n32)(2n31)0,2n32,解得n5. 2分(1)由二项式系数的性质知,10的展开式中第6项的二项式系数最大,即C252.二项式系数最大的项为T6C(2x)558 064. 7分(2)设第r1项的系数的绝对值最大,得,即,解得r,12分,r3.故系数的绝对值最大的项是第4项,T4C·27·x415 360x4. 14分20.【解析】令x1,则a0a1a2a3a4a5a6a71.令x1,则a0a1a2a3a4a5a6a737.(1)a0C1,a1a2a3a72. 3分(2)()÷2,得a1a3a5a71 094. 7分(3)()÷2,得a0a2a4a61 093. 10分(4)方法一(12x)7展开式中,a0、a2、a4、a6大于零,而a1、a3、a5、a7小于零,|a0|a1|a2|a7|(a0a2a4a6)(a1a3a5a7)1 093(1 094)2 187.方法二|a0|a1|a2|a7|,即(12x)7展开式中各项的系数和,令x1,|a0|a1|a2|a7|372 187. 14分7