浙江省杭州市（含周边）重点中学联考2014-2015学年高一下学期期中物理试卷.doc

浙江省杭州市含周边重点中学联考2021-2021学年高一下期中物理试卷一选择题本大题共8小题，每题3分，共24分每题只有一个答案是正确的13分某同学在操场上进行慢跑锻炼，并用智能手表记录了运动轨迹、运 动时间、运动距离和消耗热量的情况，如图，其中“S是起点，“E是终点，且根据操场实际情况可知，S和E间的距离约为40m以下说法正确的选项是A在记录运动轨迹时，人不能看成质点BS和E间的距离约为40m指人发生的位移大小C运动距离除以运动时间是平均速度大小D用40m除以运动时间是人经过E点的瞬时速度大小23分如下图，一个大人甲跟一个小孩乙站在水平地面上手拉手比力气，结果大人把小孩拉过来了对这个过程中作用于双方的力的关系，正确的说法是A大人拉小孩的力一定比小孩拉大人的力大B大人与小孩间的拉力是一对平衡力C大人拉小孩的力与小孩拉大人的力大小一定相等D大人拉动小孩的瞬间，大人的力比小孩的力大33分如图甲，手提电脑散热底座一般设置有四 个卡位用来调节角度某同学将电脑放在散热底座上，为了获得更好的舒适度，由原卡位1调至卡位4如图乙，电脑始终处于静止状态，那么A电脑受到的支持力变小B电脑受到的摩擦力变大C电脑所受的合力变大D电脑对底座的作用力不变43分假期里，一位同学在厨房里协助妈妈做菜，对菜刀发生了兴趣他发现菜刀的刀刃前部和后部的厚薄不一样，刀刃前部的顶角小，后部的顶角大如下图，他先后做出过几个猜测，其中合理的是A刀刃前部和后部厚薄不匀，仅是为了外形美观，跟使用功能无关B在刀背上加上同样的力时，分开其他物体的力跟刀刃厚薄无关C在刀背上加上同样的压力时，顶角越大，分开其他物体的力越大D在刀背上加上同样的压力时，顶角越小，分开其他物体的力越大53分在一块长木板上放一铁块，当把长木板从水平位置绕一端缓缓抬起时，铁块所受的摩擦力A随倾角的增大而减小B在滑动前，随角的增大而增大，滑动后，随角的增大而减小C在滑动前，随角的增大而减小，滑动后，随角的增大而增大D在滑动前保持不变，滑动后，随角的增大而减小63分用竖直向上的拉力将20kg的物体从静止开始以2m/s2的加速度提升4m时，拉力的瞬时功率为g=10m/s2A480WB960WC800WD320W73分寻找马航失联客机时，初步确定失事地点位于南纬31°52东经115°52的澳大利亚西南城市珀斯附近的海域，有一颗绕地球做匀速圆周运动的卫星，每天上午同一时刻在该区域的正上方海面照像地球半径为R，地表重力加速度为g，卫星轨道半径为r以下说法正确的选项是A该卫星轨道可能在东经115°52所在经线圈的上空B该卫星可能是同步卫星C该卫星的向心加速度为D该卫星的周期为83分直升机悬停在空中向地面投放装有救灾物资的箱子，如下图设投放初速度为零，箱子所受的空气阻力与箱子下落速度的平方成正比，且运动过程中箱子始终保持图示姿态在箱子下落过程中，以下说法正确的选项是A箱内物体对箱子底部始终没有压力B箱子刚从飞机上投下时，箱内物体受到的支持力最大C箱子接近地面时，箱内物体受到的支持力比刚投下时大D假设下落距离足够长，箱内物体有可能不受底部支持力而“飘起来二选择题此题有5小题，每题4分，每题四个选项中有的只有一项正确，有的有多个选项正确，未答全的得2分，答错的不给分，共20分94分伽利略是意大利物理学家和天文学家，他完成了两个有名的斜面实验一个实验如图1甲，他让一个小铜球从阻力很小忽略的斜面上从静止开始滚下，且做了上百次另一个实验如图1乙，让小球从一个斜面静止滚下，再滚到另一个斜面假定斜面光滑时，小球下落的高度和上升的高度一样关于这两个实验，以下说法正确的选项是A图甲是伽利略研究自由落体运动时采用的方法，图乙是伽利略研究守恒量时采用的方法B图乙是理想实验，该实验说明：一旦物体具有某一速度，如果它不受力，就将以这一速度永远运动下去C在图甲中，伽利略设想，斜面的倾角越接近90°，小球沿斜面滚下的运动越接近自由落体运动，物体通过的位移与时间就成正比D伽利略通过数学运算得出结论：如果物体的初速度为0，而且速度随时间均匀变化，那么物体通过的位移与时间的平方成正比，物体做匀加速直线运动，伽利略认为，图甲的小球都做匀加速直线运动104分“海盗船是绕水平轴往复摆动的游艺机，因为其外形仿古代海盗船而得名海盗船启动后从缓慢摆动逐渐变成急速摆动，乘客乘坐于海盗船之上，随着往复摆动，犹如莅临惊涛骇浪，时而冲上浪峰，时而跌入谷底，惊险刺激，挑战你的心理承受能力的极限以下关于海盗船的描述，正确的选项是A在最低点时，游客处于超重状态B在最低点时，游客处于失重状态C假设在最低点的速度加倍那么乘客的向心力将加倍D假设在最低点的速度加倍那么乘客的所受的支持力将加倍114分地球半径为R，质量为M，地面附近的重力加速度为g，万有引力常量为G，那么靠近地面运行的人造地球卫星的环绕速度为ABCD124分用拉力F将一个重为5N的物体匀速升高3m，如下图，在这个过程中，以下说法正确的选项是A物体的重力做了15J的功B拉力F对物体做了15J的功C物体的重力势能增加了15JD合力对物体做的功是15J134分“百尺竿头，更进一步意指学问、成绩等到达很高程度后继续努力，争取更大进步爬杆也是消防员训练、民间传统表演、学生日常锻炼的常见形式爬杆表演时，演员交替用手紧握杆、用脚紧夹杆向上攀爬，到达杆顶后，手轻握杆、脚轻夹杆向下滑到杆底以下说法正确的选项是A向上攀爬时，人杆间有静摩擦力，静摩擦力对人不做功B向上攀爬时，人杆间有静摩擦力，静摩擦力对人做正功C向下滑动时，人杆间有滑动摩擦力，滑动摩擦力对人不做功D向下滑动时，人杆间有滑动摩擦力，滑动摩擦力对人做负功三、填空题本大题共4小题10个空格，每空2分，共20分142分在“探究求合力的方法的实验中，需要将橡皮条的一端固定在水平木板上，另一端系上两根细绳，细绳的另一端都有绳套如图实验中需用两个弹簧秤分别勾住绳套，并互成角度地拉橡皮条，使橡皮条伸长，结点到达某一位置O某同学在做该实验时有以下想法，正确的选项是A拉橡皮条的细绳OB、OC长度必须相等B拉橡皮条时，弹簧秤、橡皮条、细绳应与木板平面平行C两个拉力的夹角越大越好D改用一个弹簧秤拉橡皮条时仍需要把结点拉到同一位置O154分 已经成为了人们日常必备品之一，低头看 的“低头族随处可见图甲有研究发现，假设玩 时姿势不当，可能让颈椎承受多达27公斤的重压为求证这一问题，某同学查阅相关资料，画出了“低头族头部前倾某一角度时的模型图乙，颈椎看成轻杆，颈部肌肉看成轻绳，头部看成质点，所受重力已标出请在答卷的图丙中用平行四边形定那么作出重力与颈部肌肉对头部拉力的合力，并根据所作的图测量颈椎承受的压力是头部重力的倍保存两位有效数字168分如图1所示为“探究加速度与力、质量的关系的实验装置示意图砂和砂桶的质量为m，小车和砝码的总质量为M实验中用砂和砂桶总重力的大小作为细线对小车拉力的大小1实验开始时需平衡摩擦，某同学的操作如下：将长木板的一端垫起适当的高度，小车后端连着已经穿过打点计时器的纸带，前端连着挂有砂和砂桶并跨过滑轮的细线，轻推小车，观察小车是否做匀速直线运动此平衡摩擦的方法填“对或“错2实验中还需满足m M填“远小于或“远大于3如图2所示，某同学在做实验中，由打点计时器得到表示小车运动过程的一条清晰纸带，纸带上两相邻计数点的时间间隔为T=0.1s，其中S1=，S2=，S3=，S4=，S5=，S6=，那么A点处的瞬时速度大小是m/s，加速度的大小是m/s2保存两位有效数字176分在“研究平抛物体运动的实验中，可以描绘平抛物体运动轨迹和求物体的平抛初速度1安装器材时，需调整斜槽末端水平，检测斜槽末端水平的方法是2实验操作时，小球屡次平抛运动的轨迹必须重合，需3数据处理时，测出曲线上某点的坐标x、y，可算得小球的平抛初速度v0=四计算题本大题共36分，解容许写出必要的文字说明，写出必要的公式和重要的演算步骤，只写出最后答案的不能得分，有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位188分为了缓解城市交通压力，目前我国许多城市在十字路口增设了“直行待行区当提示“进入直行待行区时车辆可以越过停车线进入“直行待行区；当直行绿灯亮起时，可从“直行待行区直行通过十字路口假设某十字路口限速40km/h，“直行待行区的长度为10m，从提示“进入直行待行区到直行绿灯亮起的时间为4s1甲汽车司机看到“进入直行待行区提示时立即从停车线由静止开始匀加速直线运动，运动到“直行待行区的前端虚线处正好直行绿灯亮起，求甲汽车的加速度大小并判断绿灯亮起时是否超速2乙汽车司机看到“进入直行待行区提示时，乙车刚好以36km/h的速度经过停车线并同时刹车，为了恰好停在直行区前端虚线处，求制动时的加速大小及所用时间198分有一种叫“飞椅的游乐工程，示意图如下图，长为L的钢绳一端系着质量为m的座椅，另一端固定在半径为r的水平转盘边缘，转盘可绕穿过其中心的竖直轴转动当转盘匀速转动时，钢绳与转轴在同一竖直平面内，与竖直方向的夹角为，不计钢绳的重力，转椅可看成质点求：1钢绳对转椅的拉力大小；2转盘转动的周期209分中央电视台推出过一个游戏节目推矿泉水瓶选手们从起点开始用力推瓶一段时间后，放手让瓶向前滑动，假设瓶最后停在桌上有效区域内，视为成功；假设瓶最后不停在有效区域内或在滑行过程中倒下均视为失败其简化模型如下图，AC是长度为L1=6m的水平桌面，选手们可将瓶子放在A点，从A点开始用一恒定不变的水平推力推瓶，BC为有效区域BC长度为L2=1m，瓶子质量为m=，瓶子与桌面间的动摩擦因数=0.5某选手作用在瓶子上的水平推力F=7.5N，瓶子沿AC做直线运动，g取10m/s2，假设瓶子可视为质点试通过计算说明：1假设推力作用时间为0.6s能否取得成功？2推力作用距离1m能否取得成功？2111分如下图为特种兵训练的一个工程在水面浮台与斜坡之间悬挂一不计质量且不可伸长的轻绳，绳子的悬点为O，可在竖直平面内摆动士兵沿斜面跑下过程中抓住绳子向下摆动，当摆动到最低点时，士兵松开绳子，然后做平抛运动落到水面浮台上，可将士兵视为质点：绳长l=5m，O点与浮台中心A的水平距离s=10m、O点与浮台间的竖直高度h=10m，士兵质量为m=60kg，g=10m/s2求：1如果士兵抓住绳子末端向下摆动，刚好落到平台上的中心，士兵摆动到最低点时速度大小和绳子对的士兵拉力大小；2如果不增加经过最低点时对绳子的拉力大小，同时想要落得更远，某士兵想到提高手握绳的位置的方案试通过计算论证此方案是否可行？浙江省杭州市含周边重点中学联考2021-2021学年高一下期中物理试卷参考答案与试题解析一选择题本大题共8小题，每题3分，共24分每题只有一个答案是正确的13分某同学在操场上进行慢跑锻炼，并用智能手表记录了运动轨迹、运 动时间、运动距离和消耗热量的情况，如图，其中“S是起点，“E是终点，且根据操场实际情况可知，S和E间的距离约为40m以下说法正确的选项是A在记录运动轨迹时，人不能看成质点BS和E间的距离约为40m指人发生的位移大小C运动距离除以运动时间是平均速度大小D用40m除以运动时间是人经过E点的瞬时速度大小考点：平均速度；质点的认识分析：在记录运动轨迹时必须把人看作质点，否那么没法记录轨迹位移大小为两点间的直线长度运动距离是路程40m是位移大小解答：解：A、在记录运动轨迹时必须把人看作质点，否那么假设把人体各局部都看作是不同的，那么没法记录轨迹，故A错误B、位移大小为两点间的直线长度，S和E间的距离约为40m指人发生的位移大小，故B正确C、运动距离是路程，路程除以时间是平均速率，故C错误D、40m是位移大小，位移除以时间是平均速度，故D错误应选：B点评：该题的关键是掌握位移，路程的区别；知道平均速度和平均速率与位移和路程的对应关系23分如下图，一个大人甲跟一个小孩乙站在水平地面上手拉手比力气，结果大人把小孩拉过来了对这个过程中作用于双方的力的关系，正确的说法是A大人拉小孩的力一定比小孩拉大人的力大B大人与小孩间的拉力是一对平衡力C大人拉小孩的力与小孩拉大人的力大小一定相等D大人拉动小孩的瞬间，大人的力比小孩的力大考点：牛顿第三定律专题：常规题型分析：力是物体对物体的作用，一个物体对别的物体施力时，也同时受到后者对它的作用力，作用力和反作用力总是相等的解答：解：做手拉手比力气游戏时，一方对另一方有一个拉力作用，同时另一方也受到这一方对他的拉力，大人与小孩的拉力是一对作用力与反作用力，两个物体之间的作用力和反作用力，总是同时在同一条直线上，大小相等，方向相反故ABD错误，C正确应选：C点评：手拉手比力气游戏其实比的是双方对地面的摩擦力，并不是他们的拉力他们两边的拉力总是相等的，哪边的静摩擦力大，哪边就会获胜33分如图甲，手提电脑散热底座一般设置有四 个卡位用来调节角度某同学将电脑放在散热底座上，为了获得更好的舒适度，由原卡位1调至卡位4如图乙，电脑始终处于静止状态，那么A电脑受到的支持力变小B电脑受到的摩擦力变大C电脑所受的合力变大D电脑对底座的作用力不变考点：共点力平衡的条件及其应用；力的合成与分解的运用专题：共点力作用下物体平衡专题分析：笔记本电脑受重力、支持力和静摩擦力，根据平衡条件求解静摩擦力和支持力解答：解：笔记本电脑受重力、支持力和静摩擦力，如下图：根据平衡条件，有：N=mgcos f=mgsin A、由原卡位1调至卡位4，角度减小，根据式，支持力N增加，故A错误；B、由原卡位1调至卡位4，角度减小，根据式，静摩擦力减小，故B错误；C、电脑处于平衡，合力为零保持不变，故C错误D、电脑对底座的作用力等于底座对电脑的作用力，即支持力和摩擦力的合力，与重力平衡，始终是不变的，故D正确；应选：D点评：此题是力平衡中的三力平衡问题，关键是建立物理模型，然后运用共点力平衡条件列式求解，根底问题43分假期里，一位同学在厨房里协助妈妈做菜，对菜刀发生了兴趣他发现菜刀的刀刃前部和后部的厚薄不一样，刀刃前部的顶角小，后部的顶角大如下图，他先后做出过几个猜测，其中合理的是A刀刃前部和后部厚薄不匀，仅是为了外形美观，跟使用功能无关B在刀背上加上同样的力时，分开其他物体的力跟刀刃厚薄无关C在刀背上加上同样的压力时，顶角越大，分开其他物体的力越大D在刀背上加上同样的压力时，顶角越小，分开其他物体的力越大考点：力的合成与分解的运用分析：根据力的平行四边形定那么可知，相同的压力下，顶角越小，分力越大；相同的顶角下，压力越大，分力越大解答：解：把刀刃局部抽象后，可简化成一个等腰三角劈，设顶角为2，背宽为d，侧面长为l，如图乙所示当在劈背施加压力F后，产生垂直侧面的两个分力F1、F2，使用中依靠着这两个分力分开被加工的其他物体由对称性知，这两个分力大小相等F1=F2，因此画出力分解的平行四边形，实为菱形，如图丙所示在这个力的平行四边形中，取其四分之一考虑图中阴影局部，根据它跟半个劈的直角三角形的相似关系，由关系式，得F1=F2由此可见，刀背上加上一定的压力F时，侧面分开其他物体的力跟顶角的大小有关，顶角越小，sin的值越小，F1和F2越大但是，刀刃的顶角越小时，刀刃的强度会减小，碰到较硬的物体刀刃会卷口甚至碎裂，实际制造过程中为了适应加工不同物体的需要，所以做成前部较薄，后部较厚使用时，用前部切一些软的物品如鱼、肉、蔬菜、水果等，用后部斩劈坚硬的骨头之类的物品，俗话说：“前切后劈，指的就是这个意思故D正确，ABC错误应选：D点评：考查力的平行四边形定那么，表达了控制变量法，同时学会用三角函数来表示力与力的关系53分在一块长木板上放一铁块，当把长木板从水平位置绕一端缓缓抬起时，铁块所受的摩擦力A随倾角的增大而减小B在滑动前，随角的增大而增大，滑动后，随角的增大而减小C在滑动前，随角的增大而减小，滑动后，随角的增大而增大D在滑动前保持不变，滑动后，随角的增大而减小考点：共点力平衡的条件及其应用；力的合成与分解的运用专题：共点力作用下物体平衡专题分析：铁块不动时受到的为静摩擦力，根据共点力平衡分析静摩擦力的变化；铁块滑动后变成了滑动摩擦力，那么应由f=FN判断滑动摩擦力的变化解答：解：在滑动前，铁块所受的摩擦力为静摩擦力，根据平衡有：f=mgsin，当增大时，静摩擦力增大滑动后，铁块所受的摩擦力为滑动摩擦力，根据f=mgcos知，增大时，滑动摩擦力减小故B正确，A、C、D错误应选：B点评：在分析摩擦力时应注意先分析是动摩擦力还是静摩擦力，然后再根据不同摩擦力的求法进行列式分析即可得出结论63分用竖直向上的拉力将20kg的物体从静止开始以2m/s2的加速度提升4m时，拉力的瞬时功率为g=10m/s2A480WB960WC800WD320W考点：功率、平均功率和瞬时功率专题：功率的计算专题分析：对物体受力分析，由牛顿第二定律可以求得拉力的大小，由运动学的规律可以求得瞬时速度的大小，再由瞬时功率的公式可以求得拉力的瞬时功率解答：解：对物体受力分析，由牛顿第二定律可得：Fmg=ma 所以拉力为：F=mg+ma=20×10+20×2N=240N由 v2=2ax 代入数据得：v=4m/s由瞬时功率的公式有：P=Fv=240×4N=960W应选：B点评：分析功率的时候，一定要注意公式的选择，只能计算平均功率的大小，而P=Fv可以计算平均功率也可以是瞬时功率，取决于速度是平均速度还是瞬时速度73分寻找马航失联客机时，初步确定失事地点位于南纬31°52东经115°52的澳大利亚西南城市珀斯附近的海域，有一颗绕地球做匀速圆周运动的卫星，每天上午同一时刻在该区域的正上方海面照像地球半径为R，地表重力加速度为g，卫星轨道半径为r以下说法正确的选项是A该卫星轨道可能在东经115°52所在经线圈的上空B该卫星可能是同步卫星C该卫星的向心加速度为D该卫星的周期为考点：人造卫星的加速度、周期和轨道的关系；万有引力定律及其应用专题：人造卫星问题分析：卫星绕地球做圆周运动，万有引力提供圆周运动向心力，故卫星轨道平面必与地心共面，且地心为轨道圆心，据此分析即可解答：解：A、由于地球自转作用，该卫星平面一定与东经115°52所确定的平面不共面，故A错误；B、地球同步卫星一定在赤道上空，故B错误；C、根据牛顿第二定律得=ma根据万有引力等于重力得=mg解得：a=，故C正确；D、卫星绕地球做匀速圆周运动，万有引力提供圆周运动向心力，=mT=2，故D错误；应选：C点评：解决此题的关键是抓住卫星绕地球做圆周运动万有引力提供圆周运动向心力，由于卫星所受万有引力指向地心，故卫星所在轨道平面与地心共面，且地心为轨道的圆心，据此才能正确分析得出结论83分直升机悬停在空中向地面投放装有救灾物资的箱子，如下图设投放初速度为零，箱子所受的空气阻力与箱子下落速度的平方成正比，且运动过程中箱子始终保持图示姿态在箱子下落过程中，以下说法正确的选项是A箱内物体对箱子底部始终没有压力B箱子刚从飞机上投下时，箱内物体受到的支持力最大C箱子接近地面时，箱内物体受到的支持力比刚投下时大D假设下落距离足够长，箱内物体有可能不受底部支持力而“飘起来考点：牛顿运动定律的应用-超重和失重分析：根据箱子的受力的情况可以判断物体的运动状态，进而由牛顿第二定律可以判断物体和箱子之间的作用力的大小解答：解：A、由于箱子在下降的过程中受到空气的阻力，加速度的大小要小于重力加速度，由牛顿第二定律可知物体一定要受到箱子底部对物体的支持力的作用，所以A错误B、箱子刚从飞机上投下时，箱子的速度为零，此时受到的阻力的大小也为零，此时加速度的大小为重力加速度，物体处于完全失重状态，箱内物体受到的支持力为零，所以B错误C、箱子接近地面时，速度最大，受到的阻力最大，所以箱子底部对物体向上的支持力也是最大的，所以C正确D、假设下落距离足够长，由于箱子阻力和下落的速度成二次方关系，最终将匀速运动，受到的压力等于重力，所以D错误应选：C点评：此题主要是考查根据物体的运动情况来分析物体受力的大小，物体运动状态的判断是解题的关键二选择题此题有5小题，每题4分，每题四个选项中有的只有一项正确，有的有多个选项正确，未答全的得2分，答错的不给分，共20分94分伽利略是意大利物理学家和天文学家，他完成了两个有名的斜面实验一个实验如图1甲，他让一个小铜球从阻力很小忽略的斜面上从静止开始滚下，且做了上百次另一个实验如图1乙，让小球从一个斜面静止滚下，再滚到另一个斜面假定斜面光滑时，小球下落的高度和上升的高度一样关于这两个实验，以下说法正确的选项是A图甲是伽利略研究自由落体运动时采用的方法，图乙是伽利略研究守恒量时采用的方法B图乙是理想实验，该实验说明：一旦物体具有某一速度，如果它不受力，就将以这一速度永远运动下去C在图甲中，伽利略设想，斜面的倾角越接近90°，小球沿斜面滚下的运动越接近自由落体运动，物体通过的位移与时间就成正比D伽利略通过数学运算得出结论：如果物体的初速度为0，而且速度随时间均匀变化，那么物体通过的位移与时间的平方成正比，物体做匀加速直线运动，伽利略认为，图甲的小球都做匀加速直线运动考点：伽利略研究自由落体运动的实验和推理方法分析：伽利略对运动和力的关系研究，其科学思想方法的核心是把把实验和逻辑推理和谐结合起来解答：解：伽利略设想物体下落的速度与时间成正比，因为当时无法测量物体的瞬时速度，所以伽利略通过数学推导证明如果速度与时间成正比，那么位移与时间的平方成正比；由于当时用滴水法计算，无法记录自由落体的较短时间，伽利略设计了让铜球沿阻力很小的斜面滚下，由于“冲淡重力的作用，小球在斜面上运动的加速度要比它竖直下落的加速度小得多，所用时间长的多，所以容易测量伽利略做了上百次实验，并通过抽象思维在实验结果上做了合理外推；两个对接的斜面，让静止的小球沿一个斜面滚下，小球将滚上另一个斜面，由于摩擦力的存在小球不能到达原来的高度，但是斜面越光滑，小球就越接近原来的高度，所以如果没有摩擦，小球将上升到原来释放时的高度；如果再减小第二个斜面的倾角，小球在这斜面上仍然要到达原来的高度；继续减小第二个斜面的倾角，最后使它成为水平面，小球要沿水平面做持续的匀速运动，此实验说明一旦物体具有某一速度，如果它不受力，就将以这一速度永远运动下去综上可知BD正确，AC错误应选：BD点评：此题考查的就是学生对于物理常识的理解，这些在平时是需要学生了解并知道的，看的就是学生对课本内容的掌握情况104分“海盗船是绕水平轴往复摆动的游艺机，因为其外形仿古代海盗船而得名海盗船启动后从缓慢摆动逐渐变成急速摆动，乘客乘坐于海盗船之上，随着往复摆动，犹如莅临惊涛骇浪，时而冲上浪峰，时而跌入谷底，惊险刺激，挑战你的心理承受能力的极限以下关于海盗船的描述，正确的选项是A在最低点时，游客处于超重状态B在最低点时，游客处于失重状态C假设在最低点的速度加倍那么乘客的向心力将加倍D假设在最低点的速度加倍那么乘客的所受的支持力将加倍考点：牛顿运动定律的应用-超重和失重专题：牛顿运动定律综合专题分析：人在最低点时，加速度方向竖直向上，根据牛顿第二定律分析压力与重力的关系解答：解：A、B、人在最低点时，加速度方向竖直向上，根据牛顿第二定律分析可知，人处于超重状态，人对座位的压力大于mg，故A正确，B错误；C、假设在最低点的速度加倍，根据向心力的公式：，那么乘客的向心力将变成4倍故C错误；D、乘客的所受的支持力：FN=mg+Fn，由于乘客的向心力将变成4倍，乘客的所受的支持力可能会大于2倍故D错误应选：A点评：此题是实际问题，考查运用物理知识分析实际问题的能力，关键根据牛顿运动定律分析处理圆周运动动力学问题，根底题目114分地球半径为R，质量为M，地面附近的重力加速度为g，万有引力常量为G，那么靠近地面运行的人造地球卫星的环绕速度为ABCD考点：人造卫星的加速度、周期和轨道的关系；万有引力定律及其应用专题：人造卫星问题分析：研究卫星绕地球运动，根据万有引力提供向心力，列出等式，求出线速度根据在地面附近物体受到地球的万有引力近似等于物体在地面上的重力，化简即可解答：解：根据万有引力提供向心力有：，解得：，在地球外表的物体受到的重力等于万有引力为：，得：GM=R2g所以：故AD正确、BC错误应选：AD点评：此题要知道万有引力提供向心力这个关系，还要注意向心力的公式选取要根据题目提供的物理量或所求解的物理量选取应用124分用拉力F将一个重为5N的物体匀速升高3m，如下图，在这个过程中，以下说法正确的选项是A物体的重力做了15J的功B拉力F对物体做了15J的功C物体的重力势能增加了15JD合力对物体做的功是15J考点：机械能守恒定律专题：机械能守恒定律应用专题分析：根据平衡求出拉力的大小，根据功的公式求出拉力、重力、合力做功大小，克服重力做功的大小等于重力势能的增加量解答：解：A、重力做功WG=mgh=15J，知物体克服重力做功15J，重力势能增加15J故A错误，B正确B、因为物体匀速上升，那么F=G=5N，那么拉力做功WF=Fh=5×3J=15J故B正确D、合力的大小为零，那么合力做功为零故D错误应选：BC点评：解决此题的关键掌握功能对应的关系；明确重力做功等于重力势能的改变量；合外力做功等于动能的改变量134分“百尺竿头，更进一步意指学问、成绩等到达很高程度后继续努力，争取更大进步爬杆也是消防员训练、民间传统表演、学生日常锻炼的常见形式爬杆表演时，演员交替用手紧握杆、用脚紧夹杆向上攀爬，到达杆顶后，手轻握杆、脚轻夹杆向下滑到杆底以下说法正确的选项是A向上攀爬时，人杆间有静摩擦力，静摩擦力对人不做功B向上攀爬时，人杆间有静摩擦力，静摩擦力对人做正功C向下滑动时，人杆间有滑动摩擦力，滑动摩擦力对人不做功D向下滑动时，人杆间有滑动摩擦力，滑动摩擦力对人做负功考点：功的计算；力的合成与分解的运用专题：功的计算专题分析：物体做功的条件为由力，且在力的方向上有位移即可解答：解：A、向上攀爬时，人杆间有静摩擦力，在静摩擦力作用下没有发生位移，故静摩擦力不做功，故A正确，B错误；C、向下滑动时，人杆间有滑动摩擦力，摩擦力向上，位移向下，故做负功，故C错误，D正确；应选：AD点评：此题主要考查了恒力做功，抓住做功条件有力且在力的方向上有位移即可三、填空题本大题共4小题10个空格，每空2分，共20分142分在“探究求合力的方法的实验中，需要将橡皮条的一端固定在水平木板上，另一端系上两根细绳，细绳的另一端都有绳套如图实验中需用两个弹簧秤分别勾住绳套，并互成角度地拉橡皮条，使橡皮条伸长，结点到达某一位置O某同学在做该实验时有以下想法，正确的选项是A拉橡皮条的细绳OB、OC长度必须相等B拉橡皮条时，弹簧秤、橡皮条、细绳应与木板平面平行C两个拉力的夹角越大越好D改用一个弹簧秤拉橡皮条时仍需要把结点拉到同一位置O考点：验证力的平行四边形定那么专题：实验题；平行四边形法那么图解法专题分析：在实验中使用一根弹簧秤拉细线与两根弹簧秤拉细线的作用效果要相同即橡皮条拉到同一位置，而细线的作用是画出力的方向，弹簧秤能测出力的大小因此细线的长度没有限制，弹簧秤的示数也没有要求，两细线的夹角不要太小也不要太大，但拉弹簧秤时必须保证与木板平面平行解答：解：A、只要能记录力的方向即可，不需要两根绳子等长，故A错误B、拉橡皮条时，弹簧秤、橡皮条、细绳应与木板平面平行，故B正确；C、两拉力的夹角适当大一些可以减小测量的误差，但是不是越大越好故C错误D、改用一个弹簧秤拉橡皮条时仍需要把结点拉到同一位置O，保证作用效果相同，故D正确；应选：BD点评：在此实验中重点是作出力的图示，这样才能得以验证力的平行四边形，所以细线的方向与弹簧秤的示数是关键154分 已经成为了人们日常必备品之一，低头看 的“低头族随处可见图甲有研究发现，假设玩 时姿势不当，可能让颈椎承受多达27公斤的重压为求证这一问题，某同学查阅相关资料，画出了“低头族头部前倾某一角度时的模型图乙，颈椎看成轻杆，颈部肌肉看成轻绳，头部看成质点，所受重力已标出请在答卷的图丙中用平行四边形定那么作出重力与颈部肌肉对头部拉力的合力，并根据所作的图测量颈椎承受的压力是头部重力的倍保存两位有效数字考点：共点力平衡的条件及其应用；力的合成与分解的运用专题：共点力作用下物体平衡专题分析：根据平行四边形定那么作出重力与颈部肌肉对头部拉力的合力，合力沿颈椎方向，通过几何关系得出合力与重力的大小关系解答：解：重力与颈部肌肉对头部拉力的合力沿颈椎方向，根据平行四边形定那么作出合力如下图，该合力等于颈椎承受的压力，根据测量知，合力的大小大约等于重力的2.6倍，那么颈椎承受的压力是头部重力的2.6倍故答案为：2.62.62.9 均对点评：此题考查共点力的平衡在实际生活中的应用，要注意正确根据题意明确作出对应的图象，再由几何关系即可求解168分如图1所示为“探究加速度与力、质量的关系的实验装置示意图砂和砂桶的质量为m，小车和砝码的总质量为M实验中用砂和砂桶总重力的大小作为细线对小车拉力的大小1实验开始时需平衡摩擦，某同学的操作如下：将长木板的一端垫起适当的高度，小车后端连着已经穿过打点计时器的纸带，前端连着挂有砂和砂桶并跨过滑轮的细线，轻推小车，观察小车是否做匀速直线运动此平衡摩擦的方法错填“对或“错2实验中还需满足m远小于 M填“远小于或“远大于3如图2所示，某同学在做实验中，由打点计时器得到表示小车运动过程的一条清晰纸带，纸带上两相邻计数点的时间间隔为T=0.1s，其中S1=，S2=，S3=，S4=，S5=，S6=，那么A点处的瞬时速度大小是m/s，加速度的大小是m/s2保存两位有效数字考点：探究加速度与物体质量、物体受力的关系专题：实验题；牛顿运动定律综合专题分析：1、2小车在水平方向上受绳的拉力和摩擦力，想用让砂和砂桶总质量重力表示小车受到的合外力，首先需要平衡摩擦力；其次：设小车加速度为a，那么：绳上的力为F=Ma，对让砂和砂桶总质量来说：mgMa=ma，即：mg=M+ma，如果用让砂和砂桶总质量的重力表示小车受到的合外力，那么Ma=M+ma，必须要满足让砂和砂桶总质量远小于小车的总质量；3纸带实验中，假设纸带匀变速直线运动，测得纸带上的点间距，利用匀变速直线运动的推论，可计算出打出某点时纸带运动的瞬时速度和加速度解答：解：1平衡摩擦力时，将不带滑轮的木板一端适当垫高，在不挂钩码的情况下使小车恰好做匀速运动，以使小车的重力沿斜面分力和摩擦力抵消，那么小车的合力就是绳子的拉力，可以根据纸带上打的点迹是否均匀来判断是否做匀速运动，故该同学平衡摩擦力的方法是错误的；2根据牛顿第二定律得，a=绳子的拉力为滑块的合力为T=Ma=当mM时，砂和砂桶的重力等于滑块所受合外力3解：利用匀变速直线运动的推论得：vA=/s由于相邻的计数点间的位移之差不等，故采用逐差法求解加速度根据匀变速直线运动的推论公式x=aT2可以求出加速度的大小，得：s4s1=3a1T2s5s2=3a2T2s6s3=3a3T2为了更加准确的求解加速度，我们对三个加速度取平均值得：a=a1+a2+a3带入数据解得：a=/s2点评：实验问题需要结合物理规律去解决本实验只有在满足平衡摩擦力和小车质量远大于钩码质量的双重条件下，才能用砂和砂桶重力代替小车所受的合力，要提高应用匀变速直线的规律以及推论解答实验问题的能力，在平时练习中要加强根底知识的理解与应用176分在“研究平抛物体运动的实验中，可以描绘平抛物体运动轨迹和求物体的平抛初速度1安装器材时，需调整斜槽末端水平，检测斜槽末端水平的方法是在斜槽末端放置小球均能静止，或用水平仪2实验操作时，小球屡次平抛运动的轨迹必须重合，需从同一位置由静止释放3数据处理时，测出曲线上某点的坐标x、y，可算得小球的平抛初速度v0=考点：研究平抛物体的