广东省中山市第一中学2022-2022学年高二物理上学期第二次统测试题.doc
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1、广东省中山市第一中学2022-2022学年高二物理上学期第二次统测试题本试卷共6页,共100分,考试时长90分钟。一、单项选择题本大题共7小题,每题3分,共21.0分。在每题给出的四个选项中,只有一项为哪一项符合题目要求的。1. 电源电动势反映了电源把其它形式的能量转化为电能的能力,因此( )A. 电动势是一种非静电力B. 电动势越大,说明电源储存的电能越多C. 电动势的大小是非静电力做功能力的反映D. 电动势就是闭合电路中电源两端的电压2. 如下图,电荷量,质量为m的滑块,沿固定绝缘斜面匀速下滑,现加一竖直向上的匀强电场,电场强度为E,以下判断中正确的选项是A. 物体将沿斜面减速下滑B. 物
2、体将沿斜面加速下滑C. 物体仍保持匀速下滑D. 物体可能静止3. 如下图,以O点为圆心的圆周上有六个等分点a、b、c、d、e、f,等量正、负点电荷分别放置在a、d两点时,以下说法中正确的选项是A. b、c、e、f四点的场强相同B. b、c、e、f四点的电势相等C. O点的电势高于b、c、e、f四点的电势D. 将一带正电的试探电荷从O点移到e点,电场力做正功4. 如下图,ABCD是匀强电场中一正方形的四个顶点,A、B、C三点的电势分别为,由此可得D点电势为()A. 6VB. 9VC. 12VD. 15V5. 电源、开关、平行板电容器连成如图电路。闭合开关S,电源对电容器充电后,电容器带电量为Q,
3、板间电压力为U,板间电场强度大小为E,那么以下说法正确的选项是() A. 假设将A板下移少许,Q增大;U减小;E不变B. 假设将A板下移少许,Q不变;U减小;E减小C. 假设断开开关,假设将A板下移少许,Q增大;U不变;E增大D. 假设断开开关,假设将A板下移少许,Q不变;U减小;E不变6. 如下图,在水平向右、大小为E的匀强电场中,在O点固定一电荷量为Q的正电荷,A、B、C、D为以O为圆心、半径为r的同一圆周上的四点,B、D连线与电场线平行,A、C连线与电场线垂直。那么( )A. A点的场强大小为B. B点的场强大小为C. D点的场强大小不可能为0D. A、C两点的场强相同7. 两个等量同种
4、电荷固定于光滑水平面上,其连线中垂线上有A、B、C三点,如图甲所示,一个电荷量为2C,质量为1kg的小物块从C点静止释放,其运动的图象如图乙所示,其中B点处为整条图线切线斜率最大的位置图中标出了该切线。那么以下说法正确的选项是()A. B点为中垂线上电场强度最大的点,场强B. 由C到A的过程中物块的电势能先减小后变大C. 由C点到A点电势逐渐升高D. A、B两点间的电势差二、多项选择题本大题共6小题,每题4分,共24.0分。每题给出的四个选项中,至少有两项是符合题目要求的,少选得2分,多项选择错选不给分。8. 如下图,两个截面不同,长度相等的均匀铜棒接在电路中,两端的电压为U,那么() A.
5、通过两棒的电流强度不相等B. 两棒的自由电子定向移动的平均速率相等C. 两棒内的电场强度不同,细棒内场强大于粗棒内场强D. 通过两棒的电荷量相等9. 如下图,A、B、C为等量异种电荷产生的静电场中的三个等势面,三个等势面的电势关系为一带电粒子进入此静电场后,沿实线轨迹运动,依次与三个等势面交于a、b、c、d、e五点不计粒子重力,以下说法中正确的选项是()A. 该带电粒子带负电B. 假设粒子从a运动到b,电势能逐渐增大C. 粒子在a点的速率等于在e点的速率D. a点的场强大小小于b点的场强大小10. 如下图,平行金属板中带电质点P原处与静止状态,不考虑电流表和电压表对电路的影响,当滑动变阻器的滑
6、片向a端移动时,那么() A. 电压表读数减小B. 电流表读数减小C. 质点P将向上运动D. 上消耗的功率逐渐增大11. 如下图的电路中,E为电源电动势,r为电源内阻,和均为定值电阻,为滑动变阻器当的滑动触点在ab的中点时合上开关S,此时三个电表、和V的示数分别为、和现将的滑动触点向a端移动,那么 )A. 电源的总功率减小B. 消耗的功率增大C. 增大,减小,U增大D. 减小,不变,U减小12. 如下图,图线a是某一电源的曲线,图线b是一定值电阻的曲线假设将该电源与该定值电阻连成闭合电路该电源的内阻,那么()A. 该定值电阻为B. 该电源的电动势为20VC. 将3只这种电阻并联作为外电阻,电源
7、输出功率最大D. 将2只这种电阻串联作为外电阻,电源输出功率最大13. 如图甲所示,两平行金属板竖直放置,左极板接地,中间有小孔,右极板电势随时间变化的规律如图乙所示。电子原来静止在左极板小孔处。不计重力作用以下说法中正确的选项是()A. 从时刻释放电子,电子将始终向右运动,直到打到右极板上B. 从时刻释放电子,电子可能在两板间振动C. 从时刻释放电子,电子可能在两板间振动,也可能打到右极板上D. 从时刻释放电子,电子必将打到左极板上三、实验题本大题共2小题,共15.0分14. 某同学想设计一个测量金属棒电阻率的实验方案,实验室提供的器材有:A.电流表内阻,满偏电流B.电流表内阻约为,量程为C
8、.定值电阻D.滑动变阻器E.干电池组F.一个开关和导线假设干G.螺旋测微器,游标卡尺如图1,用螺旋测微器测金属棒直径为_mm。用多用电表粗测金属棒的阻值:当用“挡时发现指针偏转角度过大,他应该换用_挡填“或“,换挡并进行一系列正确操作后,指针静止时如图3所示,那么金属棒的阻值约为_。请根据提供的器材,设计一个实验电路,要求尽可能精确测量金属棒的阻值。假设实验测得电流表示数为,电流表示数为,那么金属棒电阻的表达式为_。用,表示15. 在“描绘小灯泡的伏安特性曲线的实验中,利用实验得到了8组数据,在图1所示的坐标系中,通过描点连线得到了小灯泡的伏安特性曲线。根据图线的坐标数值,请在图2中选出该实验
9、正确的实验电路图_选填“甲或“乙。根据所选电路图,请在图3中用笔画线代替导线,把实验仪器连接成完整的实验电路。由图1可知,该小灯泡的电阻随电压的升高而_。选填“增大、“减小或“不变根据图1,可判断出图4中正确的关系图象是图中P为小灯泡功率,I为通过小灯泡的电流_。将同种规格的两个这样的小灯泡并联后再与的定值电阻串联,接在电动势为8V、内阻不计的电源上,如图5所示。闭合开关S后,那么电流表的示数为_A,两个小灯泡的总功率为_W。四、计算题本大题共4小题,共40.0分16. 如下图的电路中,电源电动势,内电阻,电动机M的电阻。闭合电键S后,标有“8V、16W的灯泡L恰能正常发光。求闭合电键后:电源
10、提供的总功率;电源的输出功率电动机的发热功率;电动机的输出功率电动机的效率17. 如下图,平行金属板长为L,一个带电为、质量为m的粒子以初速度紧贴上板垂直射入电场,刚好从下板边缘射出,末速度恰与下板成角,粒子重力不计求:粒子末速度大小;电场强度;两极板间距离d18. 如下图,电源电动势,内电阻,电容,现将开关闭合,开关S断开时,求流过的电流;开关S断开时,求电容器极板所带的电量;现将开关S闭合,那么开关S从断开到闭合的过程中通过的电量为多少?19. 如下图,BCDG是光滑绝缘的3/4圆形轨道,位于竖直平面内,轨道半径为R,下端与水平绝缘轨道在B点平滑连接,整个轨道处在水平向左的匀强电场中现有一
11、质量为m、带正电的小滑块可视为质点置于水平轨道上,滑块受到的电场力大小为3/4mg,滑块与水平轨道间的动摩擦因数为,重力加速度为假设滑块从水平轨道上距离B点s=3R的A点由静止释放,求滑块到达与圆心O等高的C点时对轨道的作用力大小为使滑块能沿轨道滑行通过G点, 求滑块从 A点由静止释放时AB间的最小距离,中山市第一中学20222022学年第一学期高二年级第二次统考物理答案和解析【答案】1. C2. C3. D4. B5. D6. A7. A8. CD9. BCD10. BCD11. AC12. ABC13. AC14. ;1分;2分如图:2分;2分15. 甲1分;如图2分;增大1分;2分;。2
12、分16.8分 解:小灯泡正常发光,故路端电压为,根据闭合电路欧姆定律,有:,代入数据解得:; 1分电源的总功率:; 1分电源的输出功率:; 1分通过灯泡的电流:故通过电动机的电流:; 1分电动机的发热功率:; 1分电动机的总功率:;故电动机的输出功率为:; 1分电动机的机械效率为: 2分17. 10分解:将末速度分解,由几何关系知:所以:; 2分带电粒子做类平抛运动,依题知,粒子在电场中的运动时间: 1分 粒子离开电场时,垂直板方向的分速度: 1分竖直方向加速度: 1分粒子从射入电场到离开电场,有即:; 1分联立以上各式得 1分粒子从射入电场到离开电场,由动能定理,有 2分解得 1分答:粒子的
13、末速度为;电场强度E为;板间距离为18.10分 解:开关S断开时,断路,、串联接入电路,流过的电流 2分带入数据解得 1分电容器两端电压 2分那么电容器电量 2分开关S闭合时,短路断路,、串联接入电路,电容器两端电压 1分此时电容器极板电量 1分那么通过的电量 1分19.12分 解:设滑块到达C点时的速度为v,由动能定理有:,而 2分解得:1分设滑块到达C点时受到轨道的作用力大小为F,那么有: 2分解得: 由牛顿第三定律可知,滑块对轨道的压力为; 1分如下图,可以将电场力与重力的合力视为等效重力,图中H点为等效最高点要使滑块恰好始终沿轨道滑行,那么滑至圆轨道H点,恰好由电场力和重力的合力提供向
14、心力,此时的速度最小,弹力为零,此时速度设为那么有: 2分解得:。 1分设AB间最小距离为Sm如图,由动能定理有: 2分而 解得:。 1分【解析】1. 【分析】此题考查对电动势的理解,要注意电源电动势表征了电源把其他形式的能转化为电能的本领大小,抓住电动势的物理意义和闭合电路欧姆定律进行分析。电动势等于非静电力把1C的正电荷在电源内部从负极搬运到正极所做的功,描述电源把其它形式的能量转化为电能本领的物理量。【解答】A.电动势在数值上等于非静电力把1C的正电荷在电源内部从负极搬运到正极所做的功,不是一种非静电力,故A错误;电动势是描述电源把其它形式的能量转化为电能本领的物理量,是非静电力做功能力
15、的反映,电动势越大,说明电源将其它形式的能转化为电能的本领越大,故B错误,C正确;D.电源电动势等于电源没有接入电路时两极间的电压,在闭合电路中电源两极间的电压是路端电压,小于电源电动势,故D错误。应选C。2. 【分析】质量为m的滑块,沿固定绝缘斜面匀速下滑,没有电场时,应有重力沿下面向下的分量与摩擦力平衡;当加一竖直向上的匀强电场,电场强度为E,电场力向下,相当于增大了物体的重力,或相当于用质量大的物体更换质量小的物体,物体将仍保持匀速下滑。此题要注意明确电场力的性质,当加一竖直向上的匀强电场时,相当于增大了物体的重力,在摩擦因数不变的情况下,物体仍保持匀速下滑注意这种等效观点的应用。【解答
16、】质量为m的滑块,沿固定绝缘斜面匀速下滑,设斜面倾角为,摩擦因数为,故,当加一竖直向上的匀强电场,电场强度为E,电场力竖直向上,此时物体合力应为物体仍保持匀速下滑,故C正确,ABD错误。应选:C。3. 解:A、由题意可知,两点电荷在e、f处的电场强度各自进行矢量合成,那么e、f处场强大小相等,而方向不相同,同理b、c电场强度大小相等,方向不同,因此它们的电场强度大小相等,方向不同,故A错误。B、依据等量异种电荷,等势线的分布,可知,b、f二点的电势相等,而c、e二点的电势相等,故B错误;C、根据沿着电场线方向,电势降低,因此O点的电势高于c、e二点的电势,而低于b、f二点的电势,故C错误;D、
17、将一带正电的试探电荷从O点移到e点,即从高电势移到低电势,那么电势能降低,因此电场力做正功,故D正确。应选:D。根据两个点电荷在O处电场强度的叠加,满足矢量合成的原理,并依据等量异种电荷的电场线与等势线的分布,进行分析即可。考查点电荷的电场强度的叠加,关键要掌握库仑定律,理解电场强度的大小与方向,及矢量叠加原理,并掌握等量异种电荷的等势线的分布。4. 解:连接AC,将AC三等分,标上三等分点E、F,那么根据匀强电场中沿电场线方向相等距离,电势差相等可知,E点的电势为3V,F点的电势为连接BE,那么BE为一条等势线,根据几何知识可知,那么DF也是一条等势线,所以D点电势故B正确,ACD错误;应选
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- 广东省 中山市 第一 中学 2022 学年 物理 上学 第二次 测试
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