2020年1月浙江省普通高校招生选考物理试卷.pdf
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1、20202020 年年 1 1 月浙江省普通高校招生选考物理试卷月浙江省普通高校招生选考物理试卷一、选择题一、选择题 1 1(本题共(本题共 1313 小题,每小题小题,每小题 3 3 分,共分,共 3939 分每小題列出的四个备选项中分每小題列出的四个备选项中只有一个是符合題目要求的,不选、多选、错选均不得分)只有一个是符合題目要求的,不选、多选、错选均不得分)1.以下物理量为矢量,且单位是国际单位制基本单位的是()A.电流、B.位移、C.功、D.磁感应强度、【答案】B【考点】国际单位制矢量和标量【解析】标量是只有大小,没有方向的物理量。矢量是既有大小又有方向的物理量,运算时遵守平行四边定则
2、。国际单位制规定了七个基本物理量。分别为长度、质量、时间、热力学温度、电流、光照强度、物质的量。它们的在国际单位制中的单位称为基本单位,而物理量之间的关系式推到出来的物理量的单位叫做导出单位。【解答】、电流虽有方向,但电流运算时不遵守矢量的运算法则:平行四边形定则,所以电流是标量,故错误。、位移是矢量,其单位是国际单位制基本单位,故正确。、功只有大小,没有方向,是标量,故错误。、磁感应强度是矢量,其单位是导出单位,故错误。2.如图所示,一对父子瓣手腕,父亲让儿子获胜。若父亲对儿子的力记为1,儿子对父亲的力记为2,则()A.1 2C.1先于2产生【答案】B【考点】B.1和2大小相等D.1后于2产
3、生作用力和反作用力【解析】由牛顿第三定律可知,作用力与反作用力大小相等,方向相反,作用在同一条直线上,作用在两个物体上,力的性质相同,它们同时产生,同时变化,同时消失。【解答】父亲与儿子掰手腕,他们之间的相互作用是一对作用力与反作用力,总是大小相等,方向相反,同时产生,同时消失。故正确,错误。3.如图所示,新中国成立70周年阅兵仪式上,国产武装直升机排列并保持“70”字样编队从天安门上空整齐飞过。甲、乙分别是编队中的两架直升机,则()试卷第 1 页,总 19 页A.以甲为参考系,乙是运动的B.以乙为参考系,甲是运动的C.以甲为参考系,坐在观众席上的观众都是静止的D.以乙为参考系,“70”字样编
4、队中所有直升机都是静止的【答案】D【考点】参考系和坐标系【解析】参考系,是指研究物体运动时所选定的参照物体或彼此不作相对运动的物体系;参考系的选取是任意的,如何选择参照系,必须从具体情况来考虑,一般情况下我们以地面或地面上的物体作为参考系。【解答】、甲、乙分别是编队中的两架直升机,相对静止,以甲为参考系,乙是静止的,故错误;、以乙为参考系,甲是静止的,故错误;、以甲为参考系,坐在观众席上的观众都是运动的,故错误;、以乙为参考系,“70”字样编队中所有直升机都是静止的,故正确;4.下列说法正确的是()A.射线的穿透能力比射线强B.天然放射现象说明原子具有复杂的结构C.核聚变中平均每个核子放出的能
5、量比裂变中平均每个核子的小D.半衰期跟放射性元素以单质或化合物形式存在无关【答案】D【考点】裂变反应和聚变反应天然放射现象原子核衰变X 射线、射线、射线、射线及其特性【解析】射线的穿透本领比射线的强,天然放射现象说明原子核具有复杂的结构,半衰期仅有原子核本身决定,与外界因素无关。【解答】、根据三种射线的特点可知,射线的穿透本领比射线的强,故错误;、天然放射现象说明原子核具有复杂的结构,故错误;、核聚变中平均每个核子放出的能量比裂变中平均每个核子的大,故错误;、半衰期仅有原子核本身决定,与原子所处的物理、化学状态无关,故正确;5.如图所示,钢球从斜槽轨道末端以0的水平速度飞出,经过时间落在斜靠的
6、挡板中点。若钢球以20的速度水平飞出,则()试卷第 2 页,总 19 页A.下落时间仍为C.下落时间为2【答案】C【考点】平抛运动的概念【解析】B.下落时间为2D.落在挡板底端点钢球做平抛运动,可能落到斜挡板上,也可能落到地面上。通过假设确定钢球落点,求解下落时间。【解答】钢球做平抛运动,落到斜挡板上时,斜挡板的倾角表示位移与水平方向的夹角,tan=1220=20解得下落时间为:=20tan,假设初速度为20时,钢球仍落到斜挡板上,则下落时间2,竖直方向上下落高度=212=4,其中为以0的水平速度飞出时下落的高度,故钢球落到了地面上,假设不成立。钢球落到地面上,下落高度为2,其中=,则有:=2
7、22=2,故正确,错误。6.小明在一根细橡胶管中灌满食盐水,两端用粗铜丝塞住管口,形成一段封闭的盐水柱。他将此盐水柱接到电源两端,电源电动势和内阻恒定。握住盐水柱两端将它水平均匀拉伸到原长的1.2倍,若忽略温度对电阻率的影响,则此盐水柱()A.通过的电流增大B.两端的电压增大C.阻值增大为原来的1.2倍D.电功率增大为原来的1.44倍【答案】B【考点】电阻定律欧姆定律的应用欧姆定律的概念【解析】根据电阻定律计算出拉长后的盐水柱的电阻,然后根据闭合电路的欧姆定律可以判断出盐水柱两端的电压变化,通过的电流变化,以及盐水柱消耗的电功率的变化。【解答】、根据电阻定律可以知道,把盐水柱拉长后,盐水柱的电
8、阻变大,根据闭合电路的欧姆定律可以知道,通过盐水柱的电流减小,故错误;、由上面的分析可知电路中的电流减小电源的内阻不变,所以内电压减小,外电压增大,即盐水柱两端电压增大,故正确;试卷第 3 页,总 19 页、设盐水柱原来的横截面积为,长度为,盐水柱被水平均匀的拉长到原来的1.2倍后,长度变为1.2,由于盐水柱的体积不变所以,即=1.2,由电阻定律知=,=,可解得1.44,故错误;1、由上面的分析可以知道,盐水柱被拉长后,电路中的电流减小了,而电阻变为原来的1.44倍,根据电功率公式2可知,当电流不变时,电功率才是原来的 1.44倍,但电流发生了变化,电功率增加的就不是原来的1.44倍了,故错误
9、。7.如图所示,电子以某一初速度沿两块平行板的中线方向射人偏转电场中,已知极板长度,间距,电子质量,电荷量。若电子恰好从极板边缘射出电场,由以上条件可以求出的是()A.偏转电压B.偏转的角度C.射出电场速度D.电场中运动的时间【答案】B【考点】带电粒子在电场中的加(减)速和偏转动能定理的应用牛顿第二定律的概念【解析】粒子在电场中做类平抛运动,根据平抛运动的规律,由牛顿第二定律和运动学公式结合进行分析能够求解的物理量。【解答】、出射速度方向反向延长线过水平位移的中点,设偏转角度为,则tan=22=,电子偏转的角度可求;电子在电场中做类平抛运动,设初速度为0,平行于极板方向做匀速直线运动,垂直于极
10、板方向做初速度为零的匀加速直线运动,则运动时间为=,离开电场时垂直于0极板方向的分速度为,加速度=,tan=0=20,由于初速度不知道,所以偏转电压无法求解,故错误、正确;、由于tan=,两个速度都无法得到,故射出电场的速度无法求解,故错误;0、运动时间为=,初速度不知道,偏转电压不知道,无法求解时间,故错误。08.如图所示,单刀双掷开关先打到端让电容器充满电。0时开关打到端,试卷第 4 页,总 19 页0.02时回路中电容器下极板带正电荷且电荷量第一次达到最大值。则()A.回路的周期为0.02B.回路的电流最大时电容器中电场能最大C.1.01时线圈中磁场能最大D.1.01时回路中电流沿顺时针
11、方向【答案】C【考点】电容器和电感器对交变电流的导通和阻碍作用【解析】在振荡电路中,当电容器在放电过程:电场能在减少,磁场能在增加,回路中电流在增加,电容器上的电量在减少。从能量看:电场能在向磁场能转化;当电容器在充电过程:电场能在增加,磁场能在减小,回路中电流在减小,电容器上电量在增加。从能量看:磁场能在向电场能转化。在一个周期内,电容器充电两次,放电两次。【解答】、在一个周期内,电容器充电两次,放电两次,0.02时回路中电容器下极板带正电荷且电荷量第一次达到最大值,此时充放电一次,则周期为0.04,故错误。、根据振荡电路的充放电规律可知,放电完毕时,回路中电流最大,磁场能最大,电场能最小,
12、故错误。、1.01254,此时电容器逆时针放电结束,回路中逆时针的电流最大,磁场能最大,故正确,错误。9.如图所示,卫星、沿圆形轨道绕地球运行。是极地轨道卫星,在地球两极上空约1000处运行;是低轨道卫星,距地球表面高度与相等;是地球同步卫星,则()1A.、的周期比大B.、的向心力一定相等C.、的速度大小相等D.、的向心加速度比小【答案】C【考点】万有引力定律及其应用人造卫星上进行微重力条件下的实验向心力【解析】试卷第 5 页,总 19 页卫星绕地球做匀速圆周运动,由地球的万有引力提供向心力,根据万有引力定律和向心力公式得到周期、线速度、向心加速度的表达式,再比较其大小。卫星的质量未知,无法比
13、较向心力。【解答】卫星绕地球做匀速圆周运动,万有引力提供向心力,得周期=2,=32=422=2=,解,=2。、卫星的轨道半径相等,则周期相等,线速度大小相等,向心加速度大小相等,卫星的轨道半径大于、卫星的轨道半径,则卫星的向心加速度小于、的向心加速度,故错误,正确。、卫星的质量未知,无法比较向心力的大小,故错误。10.如图所示,甲乙两图中的理想変压器以不同的方式接在高压电路中。甲图中变压器原副线圈的匝数比为1,电压表读数为,乙图中变压器原副线圈的匝数比为2,电流表读数为I.则甲图中高压线电压和乙图中高压线电流分别为()A.1,2B.1,2C.,21D.,12【答案】B【考点】变压器的构造和原理
14、【解析】图甲是电压互感器,是一个降压变压器;图乙是电流互感器,是升压变压器。根据变压比和变流比可以分别计算出电压、电流。【解答】图甲是电压互感器,是一个降压变压器,电压表的示数是变压器的输出电压,根据变压比可以得到输入电压,即11;图乙是电流互感器,是升压变压器,电流表的示数是输出电流,根据变流比可以得到输入电流为1=,故正确,错误。211.如图所示,在光滑绝缘水平面上,两条固定的相互垂直彼此绝缘的导线通以大小相同的电流I.在角平分线上,对称放置四个相同的正方形金属框。当电流在相同时间间隔内增加相试卷第 6 页,总 19 页同量,则()A.1、3线圏静止不动,2、4线圈沿着对角线向内运动B.1
15、、3线圏静止不动,2、4线圈沿着对角线向外运动C.2、4线圏静止不动,1、3线圈沿着对角线向内运动D.2、4线圈静止不动,1、3线圈沿着对角线向外运动【答案】B【考点】通电直导线和通电线圈周围磁场的方向楞次定律【解析】通电直导线管周围有磁场存在,根据右手螺旋定则可判定电流方向与磁场方向的关系。根据产生感应电流的条件和楞次定律判断各项。【解答】由右手螺旋定则可判定通电导线磁场的方向。1、3象限磁场为零,2象限中磁场垂直纸面向外,4象限中磁场垂直纸面向里,当电流增大时,1与3内不能产生感应电流,所以1与3静止不动;当电流增大时,2与4内的磁通量都增大,根据楞次定律可知,产生的感应电流都会阻碍磁通量
16、的增大,所以2、4线圈沿着对角线向外运动。故正确,错误。12.如图所示,一束光与某材料表面成45角入射,每次反射的光能量为入射光能量的倍(0 0,0,当系统处于静止状态时,三小球等间距排列。已知静电力常量为,则()A.=70B.弹簧伸长量为sin04C.球受到的库仓力大小为2D.相邻两小球间距为0【答案】A【考点】解直角三角形在三力平衡问题中的应用库仑定律【解析】先对分析,受重力、支持力和的库仑力,则的库仑力之和沿斜面向上,分析球的电性,再对球、分别根据平衡条件列式分析即可。【解答】、对分析,受重力、支持力和的库仑力,则的库仑力之和沿斜面向上,又距离近,给的库仑力大,则球带正电,设小球间距为,
17、对:002=sin(2)2对:2203702=sin4联立解得:=70带入02202=sin3解得:07sin,故正确,错误;020(2)2、对球受到的库仓力为:根据对的分析有:02 0(2)2=sin试卷第 8 页,总 19 页则有:sin对有:0+sin解得:0=2sin0,故错误。二、选择题(本題共二、选择题(本題共3 3 小题,每小题小题,每小题 2 2 分,共分,共 6 6 分每小题列出的四个备选项中至少分每小题列出的四个备选项中至少有一个是符合题目要求的全部选对的得有一个是符合题目要求的全部选对的得2 2 分,选对但不全的得分,选对但不全的得1 1 分,有选错的得分,有选错的得 0
18、 0分)分)由玻尔原子模型求得氢原子能级如图所示,已知可见光的光子能量在1.62到3.11之间,则()A.氢原子从高能级向低能级跃迁时可能辐射出射线B.氢原子从3的能级向2的能级跃迁时会辐射出红外线C.处于3能级的氢原子可以吸收任意频率的紫外线并发生电离D.大量氢原子从4能级向低能级跃迁时可辐射出2种频率的可见光【答案】C,D【考点】氢原子的能级公式和跃迁【解析】能级间跃迁时辐射的光子能量等于两能级间的能级差,结合辐射的光子能量与可见光的光子能量比较进行分析。【解答】射线为重核衰变或裂变时才会放出,氢原子跃迁无法辐射射线,故错误;氢原子从3的能级向2的能级辐射光子的能量:151 (3.40)1
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