2019版高考物理二轮复习 高考仿真模拟练(一).doc
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1、1高考仿真模拟练高考仿真模拟练( (一一) )(时间:60 分钟 满分 110 分)一、选择题(共 8 小题,每小题 6 分。在每小题给出的四个选项中,第 1418 题只有一项符合题目要求,第 1921 题有多项符合题目要求。全选对的得 6 分,选对但不全的得 3 分,有选错的得 0 分。)14.在物理学的探索和发展过程中,科学家们运用了许多研究方法,以下和探究动能定理时计算橡皮筋的拉力做功的方法相似的是( )A.在不需要考虑带电体本身的大小和形状时,用点电荷来代替带电体B.牛顿曾设想在水平地面上一定高度处把一个物体平抛出去,速度达到一定程度物体可绕地球转圈C.在探究加速度、力和质量三者之间的
2、关系时,先保持质量不变,研究加速度与力的关系,再保持力不变,研究加速度与质量的关系D.用一个和带电小球完全相同的不带电小球接触带电小球,电荷量平均分配解析 探究动能定理计算橡皮筋的拉力做功时,用到了倍增法。选项 D 用一个和带电小球完全相同的不带电小球接触带电小球,电荷量平均分配用到了倍分法,选项 A 所述用到了理想化模型法,选项 B 所述是对实验进行合理化推理,选项 C 所述用到了控制变量法。答案 D15.如图 1 所示是一理想变压器的电路连接图,变压器原线圈两端的恒定交流电压为U1,副线圈所在电路中有一个定值电阻和一个滑动变阻器,各电表均是理想电表,开关 S 闭合,则下列关于各电表示数的说
3、法正确的是( )图 1A.滑片P上滑时,A1的示数变大,A2的示数变大,V 的示数变大B.滑片P上滑时,A1的示数变大,A2的示数变大,V 的示数变小C.断开开关 S,A1的示数变大,A2的示数变大,V 的示数变大D.断开开关 S,A1的示数变小,A2的示数变小,V 的示数不变2解析 开关 S 闭合,滑动变阻器的滑片P上滑时,接入电路中的电阻变大,可知电路中的总电阻变大,由于U1恒定不变,则电压表 V 的示数不变,可知电流表 A2的示数变小,则电流表 A1的示数也变小,选项 A、B 错误;开关 S 断开时,电路中的电阻变大,结合上述分析可知,电流表 A1的示数变小,电流表 A2的示数变小,电压
4、表 V 的示数不变,选项 C 错误,D 正确。答案 D16.如图 2 所示,沿平直公路行驶的小车内有一倾角为的粗糙固定斜面,上面放一物块,当小车以g的加速度向右减速运动时,物块与斜面始终保持相对静止,若物块受到的摩13 16擦力等于支持力的 ,且摩擦力方向沿斜面向上,则斜面的倾角为( )1 4图 2A.37 B.53 C.30 D.60解析 受力如图所示竖直方向上满足:FNcos fsin mg水平方向上满足:FNsin fcos ma将ag,fFN代入13 161 4解得53。答案 B17.天王星的卫星, “泰坦尼亚”和“欧贝隆”是威廉赫歇耳在 1787 年 3 月 13 日发现的。假设“泰
5、坦尼亚”和“欧贝隆”两卫星环绕天王星的轨道为圆形轨道,两卫星运动周期的比值已知,由以上条件可以求出( )A.“泰坦尼亚”和“欧贝隆”环绕天王星做圆周运动的线速度的比值B.“泰坦尼亚”和“欧贝隆”受到天王星的万有引力的比值C.“泰坦尼亚”和“欧贝隆”表面的重力加速度的比值3D.“泰坦尼亚”和“欧贝隆”的第一宇宙速度的比值解析 卫星环绕天王星做匀速圆周运动时,由万有引力提供向心力,则有GmrmMm r242 T2,因为知道两卫星运动周期的比值,可求得两卫星运动的轨道半径之比,又根v2 rr1 r2据,即可求得两卫星线速度的比值,故选项 A 正确;因为不知道两卫星的质量之比,v1 v2r2 r1所以
6、无法求出两卫星受到的万有引力的比值,也无法求出两卫星表面的重力加速度的比值及两卫星的第一宇宙速度的比值,故选项 B、C、D 错误。答案 A18.如图 3 所示,质量为m的足球静止在地面 1 的位置,被踢出后落到地面 3 的位置。在空中达到的最高点 2 的高度为h,速度为v。已知重力加速度为g。下列说法正确的是( )图 3A.运动员对足球做的功为mghmv21 2B.足球落到 3 位置时的动能一定为mghC.足球刚离开 1 位置时的动能大于mghmv21 2D.足球在 2 位置时的机械能等于其在 3 位置时的动能解析 由题图可知,足球在 1、2 之间的水平间距大于 2、3 之间的水平间距,因此足
7、球在水平方向做减速运动,即足球受空气阻力的作用。对足球由 1 到 2 的过程中,由动能定理得W人mghWfmv2,整理得W人mghWfmv2,显然运动员对足球做的功大于mgh1 21 2mv2,由功能关系可知,足球刚离开 1 位置时的动能大于mghmv2,选项 A 错误,C 正确;1 21 2对足球由 2 到 3 的过程中,由动能定理得mghWfEkmv2,解得1 2Ekmghmv2Wf,选项 B、D 错误。1 2答案 C19.核泄漏中的钚(Pu)是一种具有放射性的超铀元素,它可破坏细胞基因,提高罹患癌症的风险。已知钚的一种同位素Pu 的半衰期为 24 100 年,其衰变方程为23994PuX
8、 He,下列说法中正确的是( )239944 2A.X 原子核中含有 143 个中子4B.100 个Pu 经过 24 100 年后一定还剩余 50 个23994C.由于衰变时释放巨大能量,根据Emc2,衰变过程总质量增加D.衰变发出的 射线是波长很短的光子,具有很强的穿透能力解析 根据核反应过程中质量数守恒和电荷数守恒可得,X 原子核中含有 92 个质子,235个核子,则中子数为 23592143(个),选项 A 正确;半衰期是大量原子核衰变时的统计规律,100 个Pu 经过 24 100 年后不一定还剩余 50 个,选项 B 错误;由于衰变时释放23994巨大能量,衰变过程总质量减少,选项
9、C 错误;衰变发出的 射线是波长很短的光子,具有很强的穿透能力,选项 D 正确。答案 AD20.如图 4 所示,在足够长的水平线上方有方向垂直纸面向里的范围足够大的匀强磁场区域,一带负电的粒子P从a点沿45方向以初速度v垂直磁场方向射入磁场中,经时间t从b点射出磁场。不计粒子重力,下列说法正确的是( )图 4A.粒子射出磁场时与水平线的夹角为B.若P的初速度增大为 2v,粒子射出磁场时与水平线的夹角为 2C.若P的初速度增大为 2v,则经时间t射出磁场D.若磁场方向垂直纸面向外,粒子P还是从a点沿45方向以初速度v垂直磁场方向射入磁场中,则经时间 3t射出磁场解析 无论P的速度多大,只要P沿与
10、水平线成角垂直磁场方向射入匀强磁场中,P射出磁场时方向与水平线夹角仍然为,选项 A 正确,B 错误;根据带电粒子在匀强磁场中做匀速圆周运动的周期公式T,可知周期与速度、轨迹半径无关,可知若P的初速2m qB度增大为 2v,则仍然经时间t射出磁场,选项 C 正确;根据左手定则,题图中带负电粒子在匀强磁场中沿顺时针方向运动,运动的轨迹为 圆周,其运动时间为t ;若磁场方向1 4T 4垂直纸面向外,粒子P还是从a点沿45方向以初速度v垂直磁场方向射入磁场中,根据左手定则,带负电粒子在匀强磁场中沿逆时针方向运动,运动的轨迹为 圆周,其运动3 45时间为t3t,即经过时间 3t射出磁场,选项 D 正确。
11、3T 4答案 ACD21.如图 5 所示,在竖直平面内,正方形ABCD区域内有平行于AB边的匀强电场,E、F、H是对应边的中点,P点是EH的中点。一个带负电的粒子(不计重力)从F点沿FH方向射入电场后恰好从C点射出。以下说法正确的是( )图 5A.匀强电场中B点的电势比D点低B.粒子的运动轨迹经过PE之间某点C.若将粒子的初速度变为原来的一半,粒子恰好由E点从BC边射出D.若增大粒子的初速度可使粒子垂直穿过EH解析 带负电的粒子向下偏转,因此电场强度应竖直向上,B点的电势应高于D点,选项A 错误;粒子做类平抛运动,过C点作速度的反向延长线过FH的中点,也必过P点,因此运动轨迹应该过PE之间的某
12、点,选项 B 正确;粒子的初速度减小到原来的一半,将从BC边出射,由类平抛运动的规律,y方向位移相等,则运动时间相同,水平位移将变为原来的一半,因此从E点射出,选项 C 正确;从C点射出的粒子,速度的反向延长线过FH的中点O,OC垂直于EH;增大粒子速度,粒子从HC边射出,速度与水平方向的夹角必然减小,其速度的反向延长线必定不可能再垂直于EH,因此粒子在经过EH边时也不可能垂直于EH,选项 D 错误。答案 BC二、非选择题(包括必考题和选考题两部分。第 2225 题为必考题,每个试题考生都必须做答。第 3334 题为选考题,考生根据要求做答。)(一)必考题(共 47 分)22.(6 分)某物理
13、兴趣小组利用电子秤探究小球在竖直面内的圆周运动,他们到物理实验室取来电子秤、铁架台、长度为L的轻质细线和小球等。6图 6(1)将铁架台放在电子秤上,其读数为M;撤去铁架台将小球放在电子秤上,其读数为m。(2)组装好实验装置如图 6 所示。保持细线自然伸长,将小球拉起至使细线处于水平位置,此时电子秤读数为_填写“Mm” 、 “M” 、 “大于(Mm)”或“处于M和(Mm)之间”。(3)从释放小球至小球向下运动到最低点过程,电子秤读数_。(填“逐渐增大” 、“逐渐减小”或“保持不变”)(4)忽略空气阻力,当小球运动到最低点时,细线的拉力为_;电子秤的读数为_。(已知重力加速度为g)解析 (2)将小
14、球拉起至使细线处于水平位置时,电子秤读数为铁架台的质量M。(3)从释放小球到小球向下运动至最低点过程,细线中拉力逐渐增大,电子秤读数逐渐增大。(4)小球向下运动到最低点的过程,由机械能守恒定律有mgLmv2,当小球运动到最低点1 2时,设细线中拉力为F,对小球,由牛顿第二定律有Fmgm,联立解得F3mg;对铁v2 L架台受力分析,设电子秤对铁架台的支持力为FN,由平衡条件得FNMgF,电子秤的读数为M3m。FN g答案 (2)M(1 分) (3)逐渐增大(1 分) (4)3mg(2 分) M3m(2 分)23.(9 分)在测定金属电阻率的实验中,所用金属电阻丝的电阻约为 30 。现通过以下实验
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