2020高考物理一轮复习第13章动量守恒定律近代物理8模块综合检测新人教版.pdf
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1、【本资料精心搜集整理而来,欢迎广大同仁惠存!】1/13 2020高考物理一轮复习第13章 动量守恒定律近代物理 8 模块综合检测 新人教版编 辑:_时 间:_教学资料范本【本资料精心搜集整理而来,欢迎广大同仁惠存!】2/13(时间:60 分钟分值:100 分)一、单项选择题(本题共 5 小题,每小题6 分,共 30 分在每小题给出的四个选项中,只有一个选项正确)1(20 xx 无锡天一中学检测)下列说法符合物理学史实的是()A伽利略通过斜面实验的合理外推,得出了自由落体运动的规律B开普勒发现了行星运动的规律,提出了万有引力定律C卡文迪许利用扭秤实验巧妙地测出了静电力常量k 的数值D法拉第根据小
2、磁针在通电导线周围的偏转现象发现了电流的磁效应解析:选 A伽利略通过斜面实验的理想化外推,得出了物体运动状态和受力的关系,并得到了自由落体运动的规律,A对;开普勒发现了行星的运动规律,但提出万有引力定律的是牛顿,B错;卡文迪许利用扭秤测出了万有引力常量G的数值,C错;根据小磁针在通电导线周围的偏转现象发现了电流的磁效应的是奥斯特,D错2(20 xx 江苏六市高三调研)如图所示的闭合电路中,R是半导体光敏电阻,R1 为滑动变阻器现用一束光照射光敏电阻,则下列说法错误的是()A电流表读数变大B电压表读数变大【本资料精心搜集整理而来,欢迎广大同仁惠存!】3/13 C电源的总功率变大D电源内阻的功率变
3、大解析:选 B当光照射光敏电阻时,电阻值变小,则电路中总电阻减小,由闭合电路欧姆定律可知,电路中电流增大,故A 正确;由 UEIr知,路端电压减小,同时R1 两端的电压增大,故R两端的电压减小,故B 错误;因电路中的电流增大,所以电源的总功率变大,电源内阻的功率也变大,故C、D正确3质量为 M的光滑圆槽放在光滑水平面上,一水平恒力F 作用在其上促使质量为 m的小球静止在圆槽上,如图所示,则()A小球对圆槽的压力为MFm MB小球对圆槽的压力为mFm MC水平恒力 F 变大后,如果小球仍静止在圆槽上,小球对圆槽的压力增加D水平恒力 F 变大后,如果小球仍静止在圆槽上,小球对圆槽的压力减小解析:选
4、 C利用整体法可求得系统的加速度为a,对小球利用牛顿第二定律可得:小球受到圆槽的支持力为,由牛顿第三定律可知只有 C项正确4如图所示,对于电场线中的A、B、C 三点,下列判断正确的是()AA点的电势最低BB点的电场强度最大【本资料精心搜集整理而来,欢迎广大同仁惠存!】4/13 C同一正电荷在 A、B两点受的电场力大小相等D同一负电荷在 C点具有的电势能比在A点的大解析:选 D根据电场线的特点,沿着电场线方向电势逐渐降低,则 A C B,又知同一负电荷在电势越低处电势能越大,则同一负电荷在 C点具有的电势能比在A点的大,所以 A错误、D正确;因在同一电场中电场线越密,电场强度越大,则知A 点电场
5、强度最大,所以 B 错误;因电场中EAEB,则同一正电荷在A、B 两点所受电场力关系为 FAFB,所以 C错误5(20 xx 江苏高级中学高三模拟)在光滑水平面上,有一个粗细均匀的边长为L 的单匝正方形闭合线框abcd,在水平外力的作用下,从静止开始沿垂直磁场边界方向做匀加速直线运动,穿过匀强磁场,如图甲所示,测得线框中产生的感应电流i的大小和运动时间 t 的变化关系如图乙所示,则()A线框受到的水平外力一定是恒定的B线框边长与磁场宽度的比值为38C出磁场的时间是进入磁场时的一半D出磁场的过程中外力做的功与进入磁场的过程中外力做的功相等解析:选 B根据 EBLv,I,FBIL,vat 以及 F
6、拉Fma 可知,线框受到的水平外力是变力,出磁场时比进磁场时要大,故出磁场时外力做功比进入磁场时外力做功多,故选项A、D错误;线框做匀加速直线运动,由图象及匀加速直线运动规律,结合电流与速度的关系可以知道,线框边长与磁场宽度比为38,出磁场的时间不是进入磁场时的一半,故选项B正确,选项 C错误【本资料精心搜集整理而来,欢迎广大同仁惠存!】5/13 二、多项选择题(本题共 4 小题,每小题6 分,共 24 分在每小题给出的四个选项中,有多个选项符合题目要求,全选对的得6分,选对但不全的得3 分,有错选或不答的得0 分)6(20 xx 苏锡常镇四市调研)如图所示,将砝码A 放在水平桌面上的纸板B
7、上,各接触面间动摩擦因数均相等,砝码到纸板左端和桌面右端的距离均为d在水平向右的恒力F的作用下,可将纸板从砝码下方抽出,砝码刚好到达桌面右端则下列说法正确的是()A砝码与纸板分离前后的加速度大小一定相等B砝码与纸板分离时,砝码一定位于距离桌面右端处C其他条件不变,换用更大的恒力F,砝码将不能到达桌面右端D其他条件不变,换用更大的恒力F,砝码与纸板间产生的热量将减小解析:选 ABC 因砝码水平方向只受到滑动摩擦力,且各接触面间动摩擦因数相等,所以砝码与纸板分离前后加速度大小不变,故A正确;因砝码刚好到达桌面右端,砝码先加速再减速,且加速度大小相等,由 v22ax 可知,砝码离开纸板时,距离桌面右
8、端为,故B正确;假设 F,纸板的加速度会非常大,与砝码A分离的时间很短,由惯性可知,C正确;由 Q f s相对可知,砝码与纸板产生的热量不变,故 D错误7载人飞船从发射、进入轨道、加速变轨,最后进入圆形轨道稳定运行如图是载人飞船正在加速变轨的过程,如下相关的说法中,正确的是()【本资料精心搜集整理而来,欢迎广大同仁惠存!】6/13 A进入新轨道后的周期比低轨道的周期大B进入新轨道后的速率比低轨道的速率小C进入新轨道后,飞船的加速度变小D飞船在圆形轨道运行时,宇航员处于超重状态解析:选 ABC 载人飞船加速变轨后轨道半径增大,但在不同的圆形轨道上都满足万有引力提供向心力由G mrm ma,得 T
9、2,v,a,由此可知,轨道半径越大,周期越大、线速度和加速度越小,故飞船进入新轨道后的周期变大,速率和加速度变小,故 A、B、C 均正确飞船在圆形轨道运行时,地球对宇航员的引力完全提供向心力,宇航员处于失重状态,故D错误8如图甲所示,小滑块P(可视为质点)以不同的初速度 v0 从长度为 4 m的固定斜面 Q的顶端沿斜面下滑时,得到小滑块下滑的最大距离 x 与初速度的平方v 的关系图象(即 xv 图象)如图乙所示,下列判断正确的是()A小滑块下滑的加速度大小为4 m/s2B小滑块下滑的加速度大小为2 m/s2C若 v050 m/s,则滑块滑到斜面底端的时间长为1 sD若 v050 m/s,则滑块
10、滑到斜面底端的时间长为4 s解析:选BC 根据匀变速直线运动的速度位移公式得v2v2ax,其中 v0,整理得 x,2a),因为 xv 图象的斜率 k m1s2,可得 a2 m/s2,所以滑块下滑的加速度大小为2 m/s2,选项 A错误,B正确;当 v04 m/s 时,由速度位移公式得x4 m,即当滑块以 4 m/s 的初速度滑下时,小滑块已滑到Q的底端,则当v05 m/s时,由位移公式得Lv0t at2,代入数据解得 t 1 s 或t 4 s(舍去),选项 C正确,D错误【本资料精心搜集整理而来,欢迎广大同仁惠存!】7/13 9如图所示,边长为L 的等边三角形ABC为两个有界匀强磁场的理想边界
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